【文档说明】高考物理二轮复习力学考点集训：考点12 动量(含解析) .doc，共(11)页，210.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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考点12动量1、如图所示,一个物体在与水平方向成θ角的拉力F的作用下匀速前进了时间t,则()A.拉力对物体的冲量为FtB.拉力对物体的冲量为FtcosC.摩擦力对物体冲量为FtD.合外力对物体的冲量为Ft2、如图所

示,PQS是固定于竖直平面内的光滑的1/4圆周轨道,圆心O在S的正上方。在O和P两点各有一质量为m的小物块a和b,从同一时刻开始,a自由下落,b沿圆弧下滑。以下说法正确的是()A.a比b先到达S,它们在S点的动量不相同B.a与b同时到达S,它们在S点的动量不相同C.a比b先到达S

,它们在S点的动量相同D.b比a先到达S,它们在S点的动量相同3、如图所示是一种弹射装置,弹丸的质量为m,底座的质量为3m,开始时均处于静止状态.当弹丸以速度v(相对于地面)发射出去后,底座的速度大小为4v,在发射

弹丸过程中,底座受地面的摩擦力的冲量为()A.零B.4mv,方向向右C.3mv,方向向右D.34mv,方向向左4、如图所示,在光滑的水平面上静止放一质量为m的木板B,木板表面光滑,左端固定一轻质弹簧。质量为2m的

木块A以速度v0从板的右端水平向左滑上木板B。在木块A与弹簧相互作用的过程中,下列判断正确的是()A.弹簧压缩量最大时,B板运动速率最大B.板的加速度一直增大C.弹簧给木块A的冲量大小为013mvD.弹簧的最大弹性势能为2013

mv5、如图甲所示为杂技中的“顶竿”表演、水平地面上演员B用肩部顶住一根长直竹竿,另一演员A爬至竹竿顶端完成各种动作。某次顶竿表演结束后,演员A自竿顶由静止开始下落。滑到竿底时速度正好为零,然后曲腿跳到地面上,演员A、B质量均为50k

g,长竹竿质量为5kg,A下滑的过程中速度随时间变化的图象如图乙所示。重力加速度g取102/ms,下列判断正确的是()A.竹竿的总长度约为3mB.0~6s内,演员B对地面的压力大小始终为1050NC.0~6s内,竹竿对演

员B的压力的冲量大小为3300NsD.演员A落地时向下曲腿,是为了缩短作用时间以减小地面的冲击力6、水平面上有两个质量相等的物体a和b,它们分别在水平推力1F和2F作用下开始运动,分别运动一段时间后撤去推力,两个物体都将

运动一段时间后停下.物体的v–t图线如图所示,图中线段//ABCD。则以下说法正确的是()①水平推力大小12FF②水平推力大小12FF③a所受摩擦力的冲量大于b所受摩擦力的冲量④a所受摩擦力的冲量小于b所受摩擦力的冲量A.①③B.②④C.②③D.①④7、如图所示,甲木块的质

量为m1,以v的速度沿光滑水平地面向前运动,正前方有一静止的、质量为m2的乙木块,乙上连有一轻质弹簧。甲木块与弹簧接触后()A.甲木块的动量守恒B.乙木块的动量守恒C.甲、乙两木块所组成系统的动量守恒D.甲、乙两木块所组成系统的机械能守恒8、如图,质量

为M的小船在静止水面上以速率0v向右匀速行驶,一质量为m的救生员站在船尾,相对小船静止。若救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中,则救生员跃出后小船的速率为()A.0mvvMB.0mvvMC.00()mvvvMD.00()mvvvM9

、质量为11mkg和2m(未知)的两个物体在光滑的水平面上正碰,碰撞时间不计,其xt(位移—时间)图象如图所示,则可知碰撞属于()A.非弹性碰撞B.弹性碰撞C.完全非弹性碰撞D.条件不足,不能确定10、如图所示,滑块A、B、C质量均

为m.开始时A、B分别以1v,2v的速度沿光滑水平轨道向固定在右侧的挡板运动,现将C无初速度地放在A上,并与A粘合不再分开,此时A与B相距较近,B与挡板碰撞将以原速率反弹,A与B碰撞后将粘合在一起。为使B能与挡板碰撞两次,则1v,2v应满足()

A.122?vvB.12vvC.2122?vvvD.2122vvv11、如图所示,一枚手榴弹开始时在空中竖直下落,到某位置时爆炸成a、b两块,已知两块同时落地,其中a落地时飞行的水平距离OA大于b落地时飞行的水平距离OB,下列说法中正确的是()A.爆炸瞬间a、b两块的速度变化量

大小相等B.a、b两块落地时的速度大小相等C.爆炸瞬间a、b两块的动量变化量大小相等D.爆炸瞬间a、b两块的动能变化量相等12、一枚火箭搭载着卫星以速率0v进入太空预定位置,由控制系统使箭体与卫星分离。已知前部分的卫星质量

为1m,后部分的箭体质量为2m,分离后箭体以速率2v沿火箭原方向飞行,若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化,则分离后卫星的速率1v为()A.02vvB.02vvC.2021mvvmD.20021mvvvm13、如图所示,滑块A、B静止于光滑水平桌面上,B的上表面水

平且足够长,其左端放置一滑块C,B、C间的动摩擦因数为μ(数值较小),A、B由不可伸长的轻绳连接,绳子处于松弛状现在突然给C一个向右的速度v0,让C在B上滑动,当C的速度为1/4v0时,绳子刚好伸直,

接着绳子被瞬间拉断,绳子拉断时B的速度为3/16v0.已知A、B、C的质置量分别为2m、3m、m。求:1.从C获得速度v0开始经过多长时间绳子刚好伸直;2.从C获得速度v0开始到细绳被拉断的过程中整个系统损失的机械能。14、如图所示,质量m1=

0.3kg的小车在光滑的水平面上,车长L=1.5m,现有质量m2=0.2kg可视为质点的物块,以水平的速度v0=2m/s从左端滑上小车,最后在车面上某处与小车保持相对静止。物块与车面间的动摩擦因数0.5,取g=10m/s2,求:1.物块在车面上滑行的时

间t2.最终物块和小车达到的共同速度v;15、如图所示,粗糙的水平轨道AB与光滑的半圆轨道BC平滑连接,且在同一竖直平面内,一质量M=0.98kg的木块静止在A点,被一水平向右飞来的质量m=20g的子弹射中,子弹滞留在木块中,不计子弹在木块中的运动时间

,木块沿轨道滑到C点后水平飞出,并恰好落回A点。已知A、B两点的距离s=1.2m,半圆轨道的半径r=0.4m,木块与水平轨道AB间的动摩擦因数m=0.36,重力加速度g=10m/s2。求:1.木块在C点时对轨道的压力大小;2.子弹射入木块前瞬间的速度大小。16、如图所示,有一块足够长的木

板,放在光滑水平面上,在木板上自左向右放有序号是1、2、3、„、n的木块,所有木块的质量均为m,与木板间的动摩擦因数均为μ,木板的质量与所有木块的总质量相等。在t=0时刻木板静止,第1、2、3、„、n号木块的初速度分别为v0、2v0、3v0、...、

nv0,方向都向右。最终所有木块与木板以共同速度匀速运动。1.求所有木块与木板一起匀速运动的速度vn2..题干条件不变,若取n=4,则3号木块在整个运动过程中的最小速度v3min为多少?答案以及解析1答案及解析：答案：A解析：试题分析:由物体做匀速直线运动,分析物体的

受力情况可知:摩擦力,拉力对物体的冲量为I=Ft,A正确,B错误,摩擦力对物体的冲量为:,C错误;合力为零,所以冲量为零,D错误;故选A点评:本题难度较小,对于恒力的冲量可以利用I=Ft求得,对于变力的冲量可以借助动量

定理求解2答案及解析：答案：A解析：a物体做自由落体运动,运动时间为t1,b物体沿圆弧轨道下滑的过程中,其竖直方向分运动的加速度在任何高度都小于重力加速度.又a､b两物体竖直方向位移相等,所以b物体下滑到S的

时间t2>t1,故A正确,B､C､D､错误.3答案及解析：答案：B解析：4答案及解析：答案：D解析：5答案及解析：答案：C解析：v-t图像中图线与时间轴包围的面积表示演员A下滑过的位移,x=1/2x6x2m=6m,A错误;0~4s内演员A加速下滑,加速度大小

为0.5m/s2,处于失重状态,演员B对地面的压力大小FN=2M人g+mg-M人a=(2x50x10+5x10-50x0.5)N=1025N,4~6s内演员A减速下滑,加速度大小为1m/s2,处于超重状态,演员B对地面的压力大小FN'=2M人g+mg+M人a=(2x50x10+5x10+5

0x1)N=1100N,B错误;0~4s内演员B对直竿的支持力大小为F=M人g+mg-M人a=(50x10+5x10-50x0.5)N=525N,冲量大小为525N,冲量大小为I1=525x4N.s=2100N.s,4〜6s内演员B对直竿的支持力大小为F'=M人g+mg+M人g=(50x

10+5x10+50x1)N=600N,直竿对演员B的压力为600N,冲量大小为I2=600x2N.S=1200N.s,0~6s内,直竿对演员B的压力的冲量大小为I=I1+I2=2100N•s+1200N•s=3300N•s,C

正确;演员A落地时向下弯腿,是为了延长作用时间以减小地面的冲击力,D错误。故选C。6答案及解析：答案：D解析：7答案及解析：答案：C解析：甲木块与弹簧接触后,甲木块或乙木块所受的合力均不为零,动量不守恒,A、B两项错误;甲、乙两木块组成的系统受到的合力为零,系统的动量守恒,C项正确;甲、乙

两木块及弹簧组成的系统机械能守恒,故两木块组成的系统机械能不守恒,D项错误。8答案及解析：答案：C解析：取向右为正方向,由动量守恒有(m+M)v0=-mv+Mv',解之有00'()mvvvvM，故C正确。9答案及解析：答案：B解析：10答案及解析：答案：C解析：11答案及解

析：答案：C解析：12答案及解析：答案：D解析：设火箭开始运动的方向为正方向,由动量守恒定律有1201122mmvmvmv,解得210021mvvvvm。13答案及解析：答案：1.034vg2.204171024mv解析：1.从C获得速度v0到绳子拉直的过程中,根据

动量定理得:0014mgtmvmv,解得034vtg2.设绳子刚拉直时B的速度为vB,对B、C组成的系统,由动量守恒定律得:00134Bmvmvmv,解得014Bvv绳子拉断的过程中,A、B组成的系统动量守恒,根据动量守恒定律得:0332

316BAmvmvmv,解得0332Avv,整个过程中,根据能量守恒定律得:22222000011131141723()()22216241024AQmvmvmvmvmv.14答案及解析：答案：1.设物块与小

车的共同速度为v,以水平向右为正方向,根据动量守恒定律有2012()mvmmv设物块与车面间的滑动摩擦力为F,对物块应用动量定理220Ftmvmv其中2Fmg解得1012()mvtmmg代入数据得0.24ts2.对物块和小

车组成的系统由动量守恒得2012()mvmmv代入数据解得v=0.8m/s解析：15答案及解析：答案：1.12.5N;2.290m/s解析：1.木块从C点落回A点的过程中做平抛运动,则:2122rgts=vCt2()()CMmvFMmgr解得:F=12.5N2.设子弹射入木块前瞬间的

速度大小为v0,则有:mv0=(M+m)v1vB2-v12=-2mgs2211()()2()22BCmMvmMgrmMv解得:v0=290m/s16答案及解析：答案：1.01(1)4nv2.098v解析：1.取向右方向为正

方向,对系统,由动量守恒定律得m(v0+2v0+3v0+...+nv0)=2nmvn由上式解得vn=1/4(n+1)v02.第3号木块与木板相对静止时.它在整个运动过程中的速度最小.设此时第4号木块的速度为v,对系统.由动量守恒定律得m(v0+2v0+3v0+

4v0)=7mv3min+mv,对第3号木块,由动量定理得-μmgt'=mv3min-m3v0,对第4号木块,由动量定理得-μmgt'=mv-m4v0由以上三式解得v3min=9/8v0