【文档说明】高考数学(理数)二轮复习专题14《大题专项》练习02 (含答案详解).doc，共(2)页，42.000 KB，由MTyang资料小铺上传

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大题专项训练2数列1．(陕西西安模拟)设数列{an}的前n项和为Sn，满足2Sn＝an＋1－2n＋1＋1，n∈N*，且a1，a2＋5，a3成等差数列．(1)求a1；(2)求an的通项公式．【解析】(1)在2Sn＝an＋1

－2n＋1＋1中，令n＝1，得2S1＝a2－22＋1.令n＝2，得2S2＝a3－23＋1，解得a2＝2a1＋3，a3＝6a1＋13.又2(a2＋5)＝a1＋a3，解得a1＝1.(2)由2Sn＝an＋1－2n＋1＋1,2Sn＋1＝an＋2－2n＋2＋1，得an＋2＝3an＋1＋2n＋1.又a1＝1

，a2＝5也满足a2＝3a1＋21，所以an＋1＝3an＋2n对n∈N*成立．所以an＋1＋2n＋1＝3(an＋2n)．所以an＋2n＝3n.所以an＝3n－2n.2．(山西吕梁模拟)已知数列{an}满足a1＝3，an＋1＝2an－n＋1，数列{bn}满足b1＝2，bn＋1＝bn＋a

n－n.(1)证明：{an－n}为等比数列；(2)数列{cn}满足cn＝an－nbn＋1bn＋1＋1，数列{cn}的前n项和为Tn，求证：Tn<13.【证明】(1)∵an＋1＝2an－n＋1，

∴an＋1－(n＋1)＝2(an－n)．又∵a1－1＝2，∴{an－n}是以2为首项，2为公比的等比数列．(2)由(1)知bn－b1＝(bn－bn－1)＋(bn－1－bn－2)＋…＋(b2－b1)＝2n－1＋2n－2＋…＋2＝2n－2，则bn＝2n.cn＝2n2n＋12

n＋1＋1＝12n＋1－12n＋1＋1，∴Tn＝12＋1－122＋1＋122＋1－123＋1＋…＋12n＋1－12n＋1＋1＝13－12n＋1＋1<13.3．已知数列{an}的各项均为正数，且a2n－2

nan－(2n＋1)＝0，n∈N*.(1)求an；(2)若bn＝(－1)n－1an，求数列{bn}的前n项和Tn.【解析】(1)由a2n－2nan－(2n＋1)＝0，得[an－(2n＋1)]·(an＋

1)＝0，∴an＝2n＋1或an＝－1.又∵数列{an}的各项均为正数，∴an＝2n＋1.(2)∵bn＝(－1)n－1an＝(－1)n－1·(2n＋1)，∴Tn＝3－5＋7－9＋…＋(－1)n－1·(2n＋1)．当n为偶数时，Tn＝－2×n2

＝－n；当n为奇数时，Tn＝Tn－1＋an＝－(n－1)＋2n＋1＝n＋2.4．已知数列{an}是公差为正数的等差数列，数列{bn}为等比数列，且a1＝1，a2＝b2，a5＝b3，a14＝b4.(1)求数列{an}，{bn}的通项公式；(2)对任意给定的k∈N*，是否存在p，r∈N*(k＜p

＜r)使1ak，1ap，1ar成等差数列？若存在，用k分别表示p和r(只要写出一组即可)；若不存在，请说明理由．【解析】(1)设数列{an}的公差为d，则a2＝1＋d，a5＝1＋4d，a14＝1＋13d，即b2＝1＋d，b3＝1＋4d，b4＝1＋13d，∴(1＋4d)2＝(1

＋d)(1＋13d)，解得d＝2或d＝0(舍去)，∴d＝2.∴an＝1＋2(n－1)，即an＝2n－1.又b2＝a2＝3，b3＝a5＝9，∴{bn}的公比q＝b3b2＝93＝3，∴bn＝b2qn－2＝3×3n－2，即bn＝3n－1.(2)当k＝1时，若存在p，r

，使1ak，1ap，1ar成等差数列，则1ar＝2ap－1ak＝22p－1－1a1＝3－2p2p－1.∵p≥2，∴ar＜0，与数列{an}为正项数列相矛盾．∴当k＝1时不存在．当k≥2时，设ak＝x，ap＝y，ar＝z，则1x＋1z＝2y，∴z＝xy2x－y

.令y＝2x－1，得z＝xy＝x(2x－1)，此时ak＝x＝2k－1，ap＝y＝2x－1＝2(2k－1)－1，∴p＝2k－1，ar＝z＝(2k－1)(4k－3)＝2(4k2－5k＋2)－1.∴r＝4k2－5k＋2.综上，当k＝1时，不存在p，r；当k≥2时，存在p＝2k

－1，r＝4k2－5k＋2满足要求．