【文档说明】中考数学二轮复习专题《折叠问题》练习(含答案).doc，共(8)页，220.848 KB，由MTyang资料小铺上传

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中考数学二轮复习专题《折叠问题》练习一、选择题1.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB于D,将△BCD沿CD折叠,点B恰好落在AB中点E处,则∠A=（）A．75°B．60°C．45°D．30°2.如图，把一张矩形纸片ABCD沿对角线AC

折叠，点B的对应点为B′，AB′与DC相交于点E，则下列结论一定正确的是（）A．∠DAB′=∠CAB′B．∠ACD=∠B′CDC．AD=AED．AE=CE3.如图，AD是△ABC的中线，∠ADC=45°，把△ADC沿着直线AD对折，点C落在

点E的位置．如果BC=6，那么线段BE的长度为（）A．6B．62C．23D．324.如图，先将正方形纸片对折，折痕为MN，再把B点折叠在折痕MN上，折痕为AE，点B在MN上的对应点为H，沿AH和DH剪下，这样剪得的三角形中（）A.AH=DH≠ADB.AH=DH=ADC.AH=AD≠DHD.

AH≠DH≠AD5.如果将长为6cm，宽为5cm的长方形纸片折叠一次，那么这条折痕的长不可能是()A.8cmB.52cmC.5.5cmD.1cm6.将抛物线y＝－x2＋2x＋3在x轴上方的部分沿x轴翻折至x轴

下方，图象的剩余部分不变，得到一个新的函数图象，那么直线y＝x＋b与此新图象的交点个数的情况有()A.6种B.5种C.4种D.3种7.如图,将宽为1cm的长方形纸条沿BC折叠,使∠CAB=45°,则折叠后重叠部分的面积为（）A.32cm2B.3cm2C.2cm2D.

22cm28.如图,直角三角形纸片两直角边长分别为6,8,按如图折叠,使A与B重合,折痕为DE,则S△BCE：S△BDE等于（）A.2：5B.14：25C.16：25D.4：21二、填空题9.如图，在▱ABCD中，AB=错误!未找到引用

源。，AD=4，将▱ABCD沿AE翻折后，点B恰好与点C重合，则折痕AE的长为.10.如图，矩形纸片ABCD中，AB=2cm，点E在BC上，且AE=EC.若将纸片沿AE折叠，点B恰好与AC上的点B/重合，则AC=．11.如图，将矩形ABCD沿AE向上

折叠，使点B落在DC边上的F处，若△AFD的周长为9，△ECF的周长为3，则矩形ABCD的周长为．12.如图，△ABC中，∠C=90°，AC=8，BC=6，将点C折叠到AB边的点E处，折痕为BD，则CD的长等于．13.如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，点D，E分别在AC，BC上，且∠C

DE＝∠B，将△CDE沿DE折叠，点C恰好落在AB边上的点F处.若AC＝8，AB＝10，则CD的长为.14.如图，矩形ABCD中，AB=3，BC=12，E为AD中点，F为AB上一点，将△AEF沿EF折叠

后，点A恰好落到CF上的点G处，则折痕EF的长是．三、解答题15.如图1，在等腰三角形ABC中，AB＝AC＝4，BC＝7.如图2，在底边BC上取一点D，连结AD，使得∠DAC＝∠ACD.如图3，将△ACD沿着AD所在直线折叠，使得点C落

在点E处，连结BE，得到四边形ABED.求BE的长.16.如图1，将一张矩形纸片ABCD沿着对角线BD向上折叠，顶点C落到点E处，BE交AD于点F.(1)求证：△BDF是等腰三角形；(2)如图2，过点D作DG∥BE，交BC于点G，连结FG交BD

于点O.①判断四边形BFDG的形状，并说明理由；②若AB＝6，AD＝8，求FG的长.17.如图，已知矩形ABCD的一条边AB=10，将矩形ABCD折叠，使得顶点B落在CD边上的P点处，折痕为AO．（1）求证：△OCP∽△PDA；（2）若△OC

P与△PDA的面积比为1：4，求边AD的长．18.如图，已知矩形OABC在坐标系中，A(0，4)，C(6,0)，直线y=x与AB交于D点，E为BC上一点.（1）如图1，若△OCE沿OE翻折，当C恰好与D点重合时，求此时E点坐标；（2）如图2，若△OCE与BDE相似，求E点坐标；（3）

如图,3，已知线段GH开始时在矩形OABC内壁与BC重合(不考虑厚度)，M为GH中点，将线段GH沿矩形内壁滑动，G在BC上滑动，H在CO上滑动，线段GH长度始终保持不变，当G与C点重合时，停止运动.在滑动的过程中，当DM长度最小值时，求此时M点坐标.参考答案1.D2.D3.

D4.B5.A.6.B.7.D.8.D.9.答案为：3.10.答案为:4;11.答案为：12．12.答案为：3．13.答案为：258.14.答案为：2．15.解：设AE与BD交于点M，∵AB＝AC，∴∠ABC＝∠C，∵∠DAC＝∠ACD，∴∠DAC＝∠ABC

，∵∠C＝∠C，∴△CAD∽△CBA，∴CACB＝CDAC，∴47＝CD4，∴CD＝167，BD＝BC－CD＝337，∵∠DAM＝∠DAC＝∠DBA，∠ADM＝∠ADB，∴△ADM∽△BDA，∴ADBD＝DMDA，

即167337＝DM167，∴DM＝16233×7，MB＝BD－DM＝332－1627×33，∵∠ABM＝∠C＝∠MED，∴A、B、E、D四点共圆，∴∠ADB＝∠BEM，∠EBM＝∠EAD＝∠ABD，∴△ABD∽△MBE，∴ABBM＝BDBE，∴BE＝BM·BDAB＝332－

1627×33×3374＝17416.解：(1)如图1，根据折叠，∠DBC＝∠DBE，又AD∥BC，∴∠DBC＝∠ADB，∴∠DBE＝∠ADB，∴DF＝BF，∴△BDF是等腰三角形(2)①菱形，理由：∵四边形ABCD是矩形，

∴AD∥BC，∴FD∥BG，又∵FD∥BG，∴四边形BFDG是平行四边形，∵DF＝BF，∴四边形BFDG是菱形②∵AB＝6，AD＝8，∴BD＝10.∴OB＝12BD＝5.设DF＝BF＝x，∴AF＝AD

－DF＝8－x.∴在Rt△ABF中，AB2＋AF2＝BF2，即62＋(8－x)2＝x2，解得x＝254，即BF＝254，∴FO＝BF2－OB2＝（254）2－52＝154，∴FG＝2FO＝152.17.（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴AD=BC，DC=AB，

∠DAB=∠B=∠C=∠D=90°，由折叠可得：AP=AB，PO=BO，∠PAO=∠BAO，∠APO=∠B，∴∠APO=90°，∴∠APD=90°﹣∠CPO=∠POC，∵∠D=∠C，∠APD=∠POC，∴△OCP∽△

PDA．（2）解：∵△OCP与△PDA的面积比为1：4，∴==，∴DA=2CP．设PC=x，则AD=2x，PD=10﹣x，AP=AB=10，在Rt△PDA中，∵∠D=90°，PD2+AD2=AP2，∴（10﹣

x）2+（2x）2=102，解得：x=4，∴AD=2x=8．18.解：（1）E(6，2.5);（2）E(6,3)；(3)M（）.