1实验一研究匀变速直线运动[实验目的]用打点计时器探究小车速度随时间变化的规律．[实验原理]1．打点计时器作用计时仪器，每隔0.02s打一次点工作条件电磁打点计时器：6V以下交流电源电火花计时器：220V交流电源纸带上点的意义①反映和纸带相连的物体的运动情况②通过研究纸带上各点之间的间隔，可以判断物体的位移2.利用纸带判断物体是否做匀变速直线运动的方法(1)沿直线运动的物体在连续时间间隔相等的不同时刻的速度分别为v1、v2、v3、v4„若v2－v1＝v3－v2＝v4－v3＝„则说明物体在相等时间内速度的增量相等，由此说明物体在做匀变速直线运动，即a＝ΔvΔt＝Δv1Δt＝Δv2Δt＝„(2)沿直线运动的物体在连续相等时间内的位移分别为x1、x2、x3、x4„若Δx＝x2－x1＝x3－x2＝x4－x3＝„则说明物体在做匀变速直线运动，且Δx＝aT2.3．速度、加速度的求解方法“平均速度法”求速度即vn＝xn＋xn＋12T，如图所示“逐差法”求加速度即a1＝x4－x13T2，a2＝x5－x23T2，a3＝x6－x33T2，然后取平均值，即a＝a1＋a2＋a33，这样使所给数据全部得到利用，以提高准确度“图象法”求加速度即由“平均速度法”求出多个点的速度，画出v－t图象，直线的斜率即表示加速度[实验器材]电火花计时器(或电磁打点计时器)，一端附有定滑轮的长木板、小车、纸带、细绳、钩码、刻度尺、导线、电源、复写纸片．[实验步骤]1．把附有滑轮的长木板放在实验桌上，并使滑轮伸出桌面，把打点计时器固定在长木板上2没有滑轮的一端，连接好电路．2．把一条细绳拴在小车上，细绳跨过滑轮，下边挂上合适的钩码，把纸带穿过打点计时器，并把它的一端固定在小车的后面，调节滑轮的高度，使细绳与长木板平行．实验装置如图，放手后，看小车能否在木板上平稳地加速滑行．3．把小车停在靠近打点计时器处，先接通电源，后放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点，换上新纸带，重复三次．4．从几条纸带中选择一条比较理想的纸带，舍掉开始一些比较密集的点，在后面便于测量的地方找一个开始点，以后依次每五个点取一个计数点，确定好计数始点，并标明0、1、2、3、4„测量各计数点到0点的距离x，并记录填入表中.位置编号012345时间t/s0x/m0v/(m·s－1)5.计算出相邻的计数点之间的距离Δx1

1第29讲楞次定律法拉第电磁感应定律[解密考纲]考查楞次定律、右手定则、公式E＝nΔΦΔt和E＝Blv的应用；判断感应电流和电动势的方向及相关导体运动方向；能分析通电自感和断电自感．1．(2018·全国卷Ⅰ)(多选)如图所示，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路．将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态．下列说法正确的是()A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动AD解析开关闭合的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，选项A正确；开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，小磁针恢复到原来状态，选项B、C错误；开关闭合并保持一段时间再断开的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向外，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，选项D正确．2．(2019·上海浦东新区高三二模)如图所示，长直导线AB与矩形导线框abcd固定在同一平面内，且AB平行于ab，长直导线中通有图示方向的电流，当电流逐渐减弱时，下列判断正确的是()A．线框有收缩的趋势B．穿过线框的磁通量逐渐增大C．线框所受安培力的合力方向向左D．线框中将产生逆时针方向的感应电流2C解析当电流逐渐减弱时，产生的磁场减小，穿过线框的磁通量减小，根据“增缩减扩”可知，线框有扩张的趋势，故选项A、B错误；根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减小，线框有向磁感应强度较大的左侧运动的趋势，所以它所受的安培力的合力向左，故选项C正确；感应电流的磁场总要阻碍原磁通量的变化，根据右手定则判定知导线右侧的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，产生顺时针方向的感应电流，故选项D错误．3．

1实验七验证动量守恒定律[实验目的]1．会用实验装置测速度或用其他物理量表示物体的速度大小．2．验证在系统不受外力的作用下，系统内物体相互作用时总动量守恒．[实验原理]在一维碰撞中，测出物体的质量和碰撞前、后物体的速度，算出碰撞前的动量p＝m1v1＋m2v2及碰撞后的动量p′＝m1v1′＋m2v2′，看碰撞前后动量是否相等．[实验器材]斜槽、小球(两个)、天平、直尺、复写纸、白纸、圆规等．[实验步骤]1．用天平测出两小球的质量，并选定质量大的小球为入射小球．2．按照实验原理图甲安装实验装置．调整、固定斜槽使斜槽底端水平．3．白纸在下，复写纸在上且在适当位置铺放好，记下重垂线所指的位置O.4．不放被撞小球，让入射小球从斜槽上某固定高度处自由滚下，重复10次．用圆规画尽量小的圆把小球所有的落点都圈在里面．圆心P就是小球落点的平均位置．5．把被撞小球放在斜槽末端，让入射小球从斜槽同一高度自由滚下，使它们发生碰撞，重复实验10次．用步骤(4)的方法，标出碰后入射小球落点的平均位置M和被撞小球落点的平均位置N.如实验原理图乙所示．6．连接ON，测量线段OP、OM、ON的长度．将测量数据填入表中．最后代入m1OP＝m1OM＋m2ON，看在误差允许的范围内是否成立．7．整理好实验器材放回原处．8．实验结论：在实验误差允许范围内，碰撞系统的动量守恒．[数据处理]验证表达式：m1²OP＝m1²OM＋m2²ON[注意事项]1．斜槽末端的切线必须水平；22．入射小球每次都必须从斜槽同一高度由静止释放；3．选质量较大的小球作为入射小球；4．实验过程中实验桌、斜槽、记录的白纸的位置要始终保持不变．[误差分析]1．系统误差(1)斜槽末端不水平；(2)入射小球与被碰小球是否正碰．2．偶然误差(1)入射小球不从同一高度静止释放．(2)小球落点的确定．热点一实验原理与操作[典例1]某同学用如图所示的装置做验证动量守恒定律的实验，先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道水平段的最右端上，让a球仍从固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．(1)本实验必须测量的物理量有．A．斜槽轨道末端距水平地面的高度HB．小球a、b的质量ma、mbC．小球a、b的半径rD．小球a、b离开斜槽轨道末端后

1第30讲电磁感应定律的综合应用[解密考纲]主要考查电磁感应问题中涉及安培力的动态分析和平衡问题；会分析电磁感应中电路问题和能量转化问题，会进行相关计算．1．(2019·宿州高三质检)(多选)如图所示，在方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场区域中，有一由均匀导线制成的边长为L的单匝正方形线框abcd，线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框cd边始终与磁场右边界平行，线框导线的总电阻为R.在线框离开磁场的过程中()A．a、b之间的电压为BLv4B．线框受到安培力大小为B2L2vRC．通过线框某处截面的电量为BL2RD．线框中的电流在ad边产生的热量为B2L3v2RBC解析在线框离开磁场的过程中，ab边产生的感应电动势为E＝BLv，线框中的感应电流为I＝ER＝BLvR，此时a、b之间的电压为路端电压U＝I×34R＝3BLv4，故选项A错误；由左手定则判断知，ad与bc所受的安培力大小相等、方向相反，合力为零，则线框所受安培力的合力等于ab边所受的安培力，为F＝BIL＝B2L2vR，故选项B正确；流过线框截面的电量为q＝It＝BLvR×Lv＝BL2R，故选项C正确；线框中的电流在ad边产生的热量为Q＝I2×R4t＝BLvR2×R4×Lv＝B2L3v4R，故选项D错误．2．(2019·广东肇庆中学高三滚动复习)在空间存在着竖直向上的各处均匀的磁场，将一个不变形的单匝金属圆线圈如图甲所示放入磁场中，当磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示时，下图中能正确表示线圈中感应电流随时间变化的图线是(规定线圈中感应电流的正方向为如图甲所示)()2B解析在0～1s内，根据法拉第电磁感应定律，E＝nΔΦΔt＝nΔBSΔt；根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相同，为正值；在1～2s内，磁感应强度不变，感应电动势为零；在2～4s内，根据法拉第电磁感应定律，E′＝nΔΦ′Δt＝nΔBSΔt＝E2；根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值，故选项B正确，A、C、D错误．3．如图所示，闭合导线框向右匀速穿过垂直纸面向里的匀强磁场区域，磁场区域宽度大于线框尺寸，规定线框中逆时针方向的电流为正，则线框中电流i随时间t变化的图象可能正确的是()B解析线圈刚进入磁场时，产生逆时针方向的电流；线圈一半进入磁场后有效长度减半，故感应电动势减半，感应电

1实验三验证力的平行四边形定则[实验目的]1．掌握弹簧测力计的正确使用方法．2．验证互成角度的两个力合成时的平行四边形定则．[实验原理]用一个力F′和两个力F1、F2分别使同一条一端固定的橡皮条伸长到某点，则它们的作用效果相同，所以一个力F′就是这两个力F1和F2的合力．作出力F′的图示，再根据平行四边形定则作出力F1和F2的合力F的图示，比较F和F′的大小和方向是否都相同．若在误差允许的范围内相同，则验证了力的平行四边形定则．[实验器材]方木板、白纸、弹簧测力计(两只)、橡皮条、细绳套(两个)、三角板、刻度尺、图钉(几个)、铅笔．[实验步骤]1．用图钉把白纸钉在水平桌面上的方木板上．2．用图钉把橡皮条的一端固定在A点，橡皮条的另一端拴上两个细绳套．3．用两只弹簧测力计分别钩住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条与绳的结点伸长到某一位置O，如图所示，记录两弹簧测力计的读数，用铅笔描下O点的位置及此时两细绳套的方向．4．只用一只弹簧测力计通过细绳套把橡皮条的结点拉到同样的位置O，记下弹簧测力计的读数和细绳的方向．5．改变两弹簧测力计拉力的大小和方向，再重做两次实验．[数据处理]1．从结点O沿两条细绳方向画直线，按选定的标度作出这两只弹簧测力计的拉力F1和F2的图示，并以F1和F2为邻边作平行四边形，过O点画平行四边形的对角线，此对角线即为合力F的图示．2．从O点按同样的标度沿记录的方向作出一只弹簧测力计的拉力F′的图示．3．比较F与F′是否完全重合或几乎完全重合，从而验证平行四边形定则．[误差分析]21．读数误差弹簧测力计数据在允许的情况下，尽量大一些，读数时眼睛一定要正视，要按有效数字正确读数和记录．2．作图误差(1)结点O的位置和两只弹簧测力计的方向画得不准确，造成作图误差．(2)两个分力的起始夹角α太大，如大于120°，再重复做两次实验，为保证结点O位置不变(即保证合力不变)，则α变化范围不大，因而弹簧测力计示数变化不显著，读数误差较大，导致作图产生较大误差．(3)作图比例不恰当、不准确等造成作图误差．[注意事项]1．使用弹簧测力计前，要先调整指针，使之指在零刻度处．再将两只弹簧测力计的挂钩钩在一起，向相反方向拉，如果两个示数相同方可使用．2．细绳套应适当长一些，便于确定力的方向．不要直接沿细绳套的方向画直线，应在细绳套末端用铅笔画一个点，去掉细绳套后，再将所标

1第31讲交变电流的产生及其变化规律[解密考纲]理解交变电流的产生过程，能正确推出交变电流的表达式；理解描述交变电流的几个物理量，会计算交变电流的有效值．1．如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时()A．线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流B．线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势C．线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→b→c→d→aD．线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力A解析闭合线圈绕垂直磁感线的轴匀速转动就能产生正弦式交流电，产生的交流电与线圈的形状、轴的位置无关，由图示位置开始计时，产生的交流电的电动势e＝nBSω·cosβ，它只跟线圈的匝数n、线圈的面积S、转动的角速度ω及磁感应强度有关，由题可知，不管绕P1还是P2轴转动，产生的交流电完全相同，选项A正确，B、D错误．由右手定则可知，电流方向都是adcba，选项C错误．2．(2019·石门一中模拟)(多选)如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时所产生正弦交流电的图象，当调整线圈转速后，其在同一磁场中匀速转动过程中所产生正弦交流电的图象如图线b所示．下列关于这两个正弦交流电的说法正确的是()A．在图中t＝0时刻穿过线圈的磁通量均为零B．线圈先后两次转速之比为3∶2C．交流电a的瞬时值为u＝10sin5πt(V)D．交流电b电压的最大值为203VBCD解析由题图可知，t＝0时刻线圈均在中性面，穿过线圈的磁通量最大，选项A错误；由图象可知Ta∶Tb＝2∶3，故na∶nb＝3∶2，选项B正确；由图象可知，交流电a的最大值为10V，角速度为ω＝2πT＝2π0.4rad/s＝5πrad/s，所以交流电a的瞬时值为u＝210sin5πt(V)，选项C正确；交流电最大值Um＝nBSω，故Uma∶Umb＝3∶2，故Umb＝23Uma＝203V，选项D正确．3．小型交流发电机的矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电动势与时间的关系是正弦函数．将发电机与一个标有“6V6W”的小灯泡连接形成闭合回路，不计电路的其他电阻．当线圈的转速为n＝5r/s时，小灯泡恰好正常发光，则电路中电流的瞬时值表达式为()A．i＝sin5t(A)B．i＝sin10πt(A)C．i＝1.4

1第32讲变压器的原理电能的输送[解密考纲]理解变压器的原理，掌握理想变压器原、副线圈的功率关系、电压关系以及电流关系，并会进行相关计算；能利用功率、电压、电流关系对变压器进行动态分析；会计算远距离输电问题中线路损失的功率和电压．1．(2019·厦门高三一模)(多选)如图所示，电路中变压器为理想变压器，其原线圈接在u＝202sin50πt(V)的交流电源上，副线圈与阻值为R1＝2Ω的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表．另有一阻值R2＝32Ω的电阻与变压器原线圈并联，电阻R1与R2消耗的电功率恰好相等．则()A．电阻R1消耗的电功率为12.5WB．通过电阻R1的交变电流的周期为0.02sC．电流表的示数为10AD．变压器原、副线圈匝数比为4∶1AD解析输入电压u＝202sin50πt(V)，可知R2两端电压的有效值为20V，消耗的功率为P2＝U22R2＝12.5W，电阻R1与R2消耗的电功率恰好相等也是12.5W，选项A正确；根据50π＝2πT可求通过R1交流电的周期为0.04s，选项B错误；P1＝I2R1＝12.5W，代入可求电流表示数为2.5A，选项C错误；R1的电压为U1＝IR1＝5V，变压器原、副线圈匝数比等于电压之比为20∶5＝4∶1，选项D正确．2．(2019·北京丰台区高三期末)如图所示，理想变压器的原线圈接在u＝2202sinπt(V)的交流电源上，副线圈接在负载电阻R＝5.5Ω上，原副线圈匝数之比为20∶1，交流电流表、电压表均为理想电表，下列说法正确的是()A．交流电压表的读数为15.6VB．交流电流表的读数为0.1AC．副线圈输出交流电的周期为50sD．原线圈的输入功率为222WB解析由题意知，原线圈电压有效值为220V，原、副线圈匝数之比为20∶1，由U1U2＝n1n2，得U2＝U1n2n1＝220×120V＝11V，电压表的读数为有效值，即U2＝11V，选项A错误；副2线圈的电流为I2＝U2R＝115.5A＝2A，由I1I2＝n2n1，得I1＝n2n1I2＝120×2A＝0.1A，选项B正确；由u＝2202sinπt(V)，可知ω＝π，由ω＝2πT，解得T＝2πω＝2s，理想变压器不改变周期，选项C错误；原线圈中的输入功率为P入＝U1I1＝220×0.1W＝22W，选项D错误．3．(2019·凌源模拟)(多选)如图甲所示，理想变压器的原线圈

1实验九描绘小电珠的伏安特性曲线[实验目的]1.描绘小电珠的伏安特性曲线．2.分析伏安特性曲线的变化规律．[实验原理]1.测多组小电珠的U、I的值，并绘出I－U图象．2.由图线的斜率反映电流与电压和温度的关系．[实验器材]学生电源(4～6V直流)或电池组、小电珠(3.8V0.3A)、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、坐标纸、导线若干．[实验步骤]1.确定电流表、电压表的量程，采用电流表外接法，滑动变阻器采用分压式接法，按实验原理图连接好实验电路．2.把滑动变阻器的滑片调节到图中最左端，接线经检查无误后，闭合开关S.3.移动滑动变阻器滑片位置，测出12组左右不同的电压值U和电流值I，并将测量数据填入表格中，断开开关S.U/V00.20.40.60.81.01.2I/AU/V1.62.02.42.83.23.64.0I/A4.拆除电路，整理仪器．[数据处理]1.在坐标纸上以U为横轴，以I为纵轴，建立坐标系．2.在坐标纸上描出各组数据所对应的点(坐标系纵轴和横轴的标度要适中，以使所描图线充分占据整个坐标纸为宜)．3.将描出的点用平滑的曲线连接起来，就得到小电珠的伏安特性曲线．[误差分析]21.由于电压表、电流表不是理想电表，电表内阻对电路的影响会带来误差．2.电流表、电压表的读数带来误差．3.在坐标纸上描点、作图带来操作误差．[注意事项]1.电路的连接方式(1)电流表应采用外接法：小电珠(3.8V0.3A)的电阻很小，与0～0.6A的电流表串联时，电流表的分压影响很大．(2)滑动变阻器应采用分压式接法：目的是使小电珠两端的电压能从零开始连续变化．2.闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应移到使小电珠分得电压为零的一端，使开关闭合时小电珠的电压从零开始变化，同时也是为了防止开关刚闭合时因小电珠两端电压过大而烧坏灯丝．3.I－U图线在U0＝1.0V左右将发生明显弯曲，故在U＝1.0V左右绘点要密，以防出现较大误差．4.当小电珠的电压接近额定值时要缓慢增加，到额定值记录I后马上断开开关．5.误差较大的点舍去，I－U图线应是平滑曲线而非折线．[实验改进]1.数据处理方式的改进：采用“DIS”数字化实验系统进行实验数据的采集和处理．2.与原数据处理方式的比较(1)原方案①优点：由学生读出电压表、电流表的数据，并动手绘出伏安特性曲线，可锻炼学生的读数、动手操作能力．②缺点：学生读数、绘图带

1第33讲波粒二象性[解密考纲]考查对光电效应规律的理解，对光电效应方程的理解和对光的波粒二象性的理解．1．下列关于光的波粒二象性的说法，正确的是()A．有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样的一种粒子C．光的波长越长，其波动性越显著；波长越短，其粒子性越显著D．大量光子的行为往往显示出粒子性C解析光具有波粒二象性，故选项A错误；电子是组成原子的基本粒子，有确定的静止质量，是一种物质实体，速度低于光速，光子代表着一份能量，没有静止质量，速度永远是光速，故选项B错误；光的波长越长，波动性越显著，波长越短，其粒子性越显著，故选项C正确；大量光子运动的规律表现出光的波动性，故选项D错误．2．(多选)已知某金属发生光电效应的截止频率为νc，则()A．当用频率为2νc的单色光照射该金属时，一定能产生光电子B．当用频率为2νc的单色光照射该金属时，所产生的光电子的最大初动能为hνcC．当照射光的频率ν大于νc时，若ν增大，则逸出功增大D．当照射光的频率ν大于νc时，若ν增大一倍，则光电子的最大初动能也增大一倍AB解析该金属的截止频率为νc，则可知逸出功W0＝hνc，逸出功由金属自身的性质决定，与照射光的频率无关，选项C错误；由光电效应的实验规律可知，选项A正确；由光电效应方程Ek＝hν－W0，将W0＝hνc代入可知，选项B正确，D错误．3．(多选)下列关于波粒二象性的说法正确的是()A．光电效应揭示了光的波动性B．使光子一个一个地通过单缝，若时间足够长，底片上也会出现衍射图样C．黑体辐射的实验规律可用光的粒子性解释D．热中子束射到晶体上产生衍射图样说明中子具有波动性BCD解析光电效应揭示了光的粒子性，选项A错误；单个光子通过单缝后在底片上呈现出随机性，但大量光子通过单缝后在底片上呈现出波动性，选项B正确；黑体辐射的实验规律说明了电磁辐射是量子化的，即黑体辐射是不连续的、一份一份的，所以黑体辐射可用光的粒子性来解释，选项C正确；热中子束射在晶体上产生衍射图样，是由于运动的实物粒子具有波的特性，即说明中子具有波动性，选项D正确．4．(2019·深圳调研)下列说法正确的是()A．在光电效应实验中，只要入射光足够强，时间足够长，金属表面就会逸出光电子B．在光电效应的实验中，饱和光电流大小取决于入射光的频率，频率越大，饱和光电2流越大C．根据玻尔的原子理论，氢原子从n＝5的激发态跃

1实验二探究弹力和弹簧伸长量的关系[实验目的]1．探究弹力与弹簧伸长量的定量关系．2．学会用列表法、图象法、函数法处理实验数据．[实验原理]1．如图所示，在弹簧下端悬挂钩码时弹簧会伸长，平衡时弹簧产生的弹力与所挂钩码的重力大小相等．2．弹簧的长度可用刻度尺直接测出，伸长量可以由拉长后的长度减去弹簧原来的长度进行计算．这样就可以研究弹簧的弹力和弹簧伸长量之间的定量关系了．[实验器材]铁架台、弹簧、毫米刻度尺、钩码若干、三角板、坐标纸、重垂线、铅笔．[实验步骤]1．将弹簧挂在支架上，测量弹簧的原长l0.2．在弹簧下端挂上钩码，待钩码静止时测出弹簧的长度l.3．求出弹簧的伸长量x和所受的外力F(等于所挂钩码的重力)．4．改变所挂钩码的数量，重复上述实验，要尽量多测几组数据，将所测数据填写在下列表格中．记录表：弹簧原长l0＝cm.次数内容123456拉力F/N弹簧总长/cm弹簧伸长量/cm[数据处理]1．以弹力F(大小等于所挂钩码的重力)为纵坐标，以弹簧的伸长量x为横坐标，用描点法作图．连接各点，得出弹力F随弹簧伸长量x变化的图线．2．以弹簧的伸长量x为自变量，写出曲线所代表的函数．首先尝试写成一次函数，如果不行则考虑二次函数．23．得出弹力和弹簧伸长量之间的定量关系，解释函数表达式中常数的物理意义．[误差分析]1．弹簧拉力大小的不稳定易造成误差，使弹簧的悬挂端固定，另一端通过悬挂钩码来充当对弹簧的拉力，可以提高实验的准确度．2．弹簧长度的测量是本实验的主要误差来源，测量时尽量精确地测量弹簧的长度．3．在F－x图象上描点、作图不准确带来误差．[注意事项]1．所挂钩码不要过重，以免弹簧被过分拉伸，超出它的弹性限度．2．每次所挂钩码的质量差尽量大一些，从而使坐标上描的点尽可能稀，这样作出的图线更精确．3．测量弹簧的原长时要让它自然下垂．测弹簧长度时，一定要在弹簧竖直悬挂且处于平衡状态时测量，以减小误差．4．测量有关长度时，应区别弹簧原长l0、实际总长l及伸长量x三者之间的不同，明确三者之间的关系．5．建立平面直角坐标系时，两轴上单位长度所代表的量值要适当，不可过大，也不可过小．6．描点画线时，所描的点不一定都落在一条曲线上，但应注意一定要使各点均匀分布在曲线的两侧．描出的线不应是折线，而应是平滑的曲线．7．记录数据时要注意弹力与弹簧伸长量的对应关系及单位．[实验改进]本实验的系

1第34讲原子结构与原子核[解密考纲]综合考查氢原子能级的跃迁、放射性元素的衰变、半衰期、核反应，以及质能方程、核反应方程的有关计算．1．(2019·黄山质检)关于下列四幅图的说法正确的是()A．图甲中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，C处观察不到闪光点B．图乙中1为α射线，它的电离作用很强可消除静电C．图丙中处于基态的氢原子能吸收能量为10.4eV的光子而发生跃迁D．图丁中用弧光灯照射原来就带电的锌板时，发现验电器的张角变大，说明锌板原来带负电B解析图甲中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，在C处也可以观察到很少的闪光点，选项A错误；根据左手定则可知，1带正电，为α射线，α射线的电离作用很强，可消除静电，选项B正确；吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差，从基态氢原子发生跃迁到n＝2能级，需要吸收的能量最小，吸收的能量为－3.4eV－(－13.6eV)＝10.2eV，即受10.2eV光子照射，可以从基态氢原子发生跃迁到n＝2能级，10.4eV的光子不能被吸收，不能发生跃迁，选项C错误；图中用弧光灯照射锌板，锌板上的电子逸出，锌板带上正电，发现验电器的张角变大，说明原来就带正电，选项D错误．2．(2019·河南天一大联考高三期末)(多选)根据国家科技部2017年3月6日报道，迄今为止，科学家已经成功检测定位了纳米晶体结构中的氢原子，按玻尔氢原子理论，氢原子的能级如图所示，下列判断正确的是()2A．用光子能量为13.01eV的光照射一群处于基态的氢原子，可观测到多种不同频率的光B．大量处于n＝4激发态的氢原子向基态跃迁时，可能发出6条光谱线C．氢原子从第4激发态跃迁到第2激发态需要吸收光子D．氢原子的核外电子由高能级跃迁到低能级时，氢原子的电势能减小，电子的动能增大BD解析氢原子发生能级跃迁吸收或放出的光子能量等于两能级的能量差，选项A错误；大量处于在n＝4激发态的氢原子向基态跃迁时可发出的光谱线条数为nn－2＝6条，选项B正确；第4激发态是n＝5的能级态，第2激发态为n＝3的能级态，氢原子由高能级态向低能级态跃迁时辐射光子，选项C错误；氢原子的核外电子由高能级跃迁到低能级时，轨道半径减小，因电场力做正功，故氢原子电势能减小，电子的动能增大，选项D正确．3．(2019·烟台一模)下列说法正确的是()A．玻尔通过对氢原子

1实验五探究动能定理[实验目的]1．探究外力对物体做功与物体速度的关系．2．会用图象法处理实验数据，通过对实验数据分析，总结出做功与物体速度平方的关系．[实验原理]1．采用如图所示装置，让小车在橡皮筋作用下弹出，使小车获得速度后沿木板匀速滑行．当用一条橡皮筋弹出时对小车做的功记为W，则用两条、三条„„完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次„„实验，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放时，实验中橡皮筋对小车做的功就是2W、3W„„2．由于橡皮筋每次实验做的功使小车获得的速度可以由打点计时器打出的纸带得到，当得出若干组功和速度的数据后，以橡皮筋对小车做的功W为纵坐标，分别以小车获得的速度v、v2„„为横坐标，以第1次实验时的功W为单位，用描点法分别作出W－v、W－v2„„曲线，分析曲线，得出橡皮筋对小车做的功与小车速度的定量关系．[实验器材]小车(前面带小钩)、长木板(一端适当的位置钉一个铁钉)、打点计时器及纸带、学生电源及导线(使用电火花计时器不用学生电源)、5～6条等长的橡皮筋、刻度尺．[实验步骤]1．按实验原理图中所示将实验仪器安装好．2．平衡摩擦力：在长木板的有打点计时器的一端下面垫一块木板，反复移动木板的位置，直至小车上不挂橡皮筋时，纸带打出的点间距均匀，即小车能匀速运动为止．3．分别用1条、2条、3条„„相同的橡皮筋做实验，实验中橡皮筋拉伸的长度都与第一次相同．这时橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W„„标记好每次实验得到的纸带．[数据处理]1．测量小车的速度实验获得如图所示的纸带，为探究橡皮筋弹力做的功和小车速度的关系，需要测量弹力做功结束时小车的速度，即小车做匀速运动的速度，测速度时，应选纸带上的点均匀的部分，应在纸带上测量的物理量是：A1、A2间的距离x，小车速度的表达式是v＝x4T(T为打点计时器打点的时间间隔)，把实验中得到的纸带分别用同样的方法处理得到小车的速度，并计算速度的二次方，将实验数据记录在下列表格中．2橡皮筋条数位移x/m时间t/s速度v/(m·s－1)速度的二次方v2/(m2·s－2)1234562.实验数据的分析在坐标纸上画出W－v和W－v2图线(“W”以一条橡皮筋做的功为单位)．3．实验结论由图象可知功与物体速度变化的关系为W∝v2.[误差分析]1．误差的主要来源是橡皮筋的长度、粗细不一，使橡皮筋的拉力做的功W与橡皮筋的条数不成正

1第35讲分子动理论内能[解密考纲]掌握分子动理论的基本内容；知道内能的概念；会分析分子力、分子势能随分子间距离的变化．1．(2019·宝鸡高三质检)(多选)关于布朗运动，下列说法正确的是()A．布朗运动是分子的运动，牛顿运动定律不再适用B．布朗运动是分子无规则运动的反映C．悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动是布朗运动D．布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫作热运动E．布朗运动的明显程度与颗粒的体积和质量大小有关BCE解析布朗运动是悬浮在液体中粒子的运动，这些粒子不是微观粒子，牛顿运动定律仍适用，故选项A错误．悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动是布朗运动，固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停地做无规则运动，故选项B、C正确．布朗运动反映的是分子的热运动，其本身不是分子的热运动，故选项D错误．布朗运动的明显程度与颗粒的体积和质量大小有关，体积和质量越小，布朗运动越剧烈，故选项E正确．2．(多选)下列叙述正确的是()A．布朗运动就是液体分子的无规则运动B．当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增加而增加C．对于一定质量的理想气体，温度升高时，压强可能减小D．已知水的密度和水的摩尔质量，则可以计算出阿伏加德罗常数E．扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动BCE解析布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的表现，选项A错误；当分子力表现为引力时，分子距离增加时，分子引力做负功，则分子势能增加，选项B正确；根据pVT＝k可知对于一定质量的理想气体，温度升高时，压强可能减小，选项C正确；已知水的密度和水的摩尔质量，可以求解摩尔体积，但是不能计算出阿伏加德罗常数，选项D错误；扩散现象说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动，选项E正确．3．(2018·北京卷)关于分子动理论，下列说法正确的是()A．气体扩散的快慢与温度无关B．布朗运动是液体分子的无规则运动C．分子间同时存在着引力和斥力D．分子间的引力总是随分子间距增大而增大C解析扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故选项A错误；布朗运动为悬浮在液体中固体小颗粒的运动，不是液体分子的热运动，固体小颗粒运动的无规则性，是液2体分子运动的无规则性的间接反映，故选项B错误；分子间斥力与引力是同时存在，而分子力是斥力与引力的合力，分子间的引力和

1实验八测定金属的电阻率(同时练习使用螺旋测微器)[实验目的]1．掌握电流表、电压表和滑动变阻器的使用方法及电流表和电压表的读数方法．2．掌握螺旋测微器和游标卡尺的原理及读数方法．3．会用伏安法测电阻，进一步测定金属的电阻率．[实验原理]由电阻定律R＝ρlS得ρ＝RSl.金属导线的电阻R用伏安法测量，金属导线的长度l用毫米刻度尺测量，金属导线的横截面积S可由其直径d算出，即S＝π(d2)2，直径d可由螺旋测微器测出．[实验器材]被测金属丝、螺旋测微器、毫米刻度尺、电池组、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干．[实验步骤]1．直径测定：用螺旋测微器在被测金属导线上的三个不同位置各测一次直径，求出其平均值d，计算出导线的横截面积S＝πd24.2.电路连接：按如图所示的原理电路图连接好用伏安法测电阻的实验电路．3．长度测量：用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属导线的有效长度，反复测量3次，求出其平均值l.4．U、I测量：把滑动变阻器的滑片调节到使接入电路中的电阻值最大的位置，电路经检查确认无误后，闭合开关S，改变滑动变阻器滑片的位置，读出几组相应的电流表、电压表的示数I和U的值，记入表格内，断开开关S.5．拆去实验线路，整理好实验器材．[数据处理]1．在求R的平均值时可用两种方法(1)用R＝UI分别算出各次的数值，再取平均值．2(2)用U－I图线的斜率求出．2．计算电阻率将记录的数据R、l、d的值代入电阻率计算式ρ＝RSl＝πd2U4lI.[误差分析]1．金属丝的横截面积是利用直径计算而得，直径的测量是产生误差的主要来源之一．2．采用伏安法测量金属丝的电阻时，由于采用的是电流表外接法，测量值小于真实值，使电阻率的测量值偏小．3．金属丝的长度测量、电流表和电压表的读数等会带来偶然误差．4．由于金属丝通电后发热升温，会使金属丝的电阻率变大，造成测量误差．[注意事项]1．本实验中被测金属导线的电阻值较小，因此实验电路一般采用电流表外接法．2．实验连线时，应先从电源的正极出发，依次将电源、开关、电流表、待测金属导线、滑动变阻器连成主干线路(闭合电路)，然后再把电压表并联在待测金属导线的两端．3．测量被测金属导线的有效长度，是指测量待测导线接入电路的两个端点之间的长度，即电压表两端点间的待测导线长度，测量时应将导线拉直，反复测量三次，求其平均值．4．测金属导线直径一定要选三个