【文档说明】高考物理冲刺大二轮练习：题型限时专练1 Word版含解析.doc，共(14)页，209.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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1专练1选择题＋选考题(一)(时间：30分钟)一、选择题(本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．)14．(2018·石家庄质检(一))飞艇常常用于执行扫雷、空中预警、电

子干扰等多项作战任务．如图所示为飞艇拖曳扫雷具扫除水雷的模拟图．当飞艇匀速飞行时，绳子与竖直方向的夹角恒为θ角．已知扫雷具质量为m，重力加速度为g，扫雷具所受浮力不能忽略，下列说法正确的是()A．扫雷具受3个力作

用B．绳子拉力大小为mgcosθC．水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力D．绳子拉力一定大于mg[解析]扫雷具受到重力、绳子拉力、水的阻力、水的浮力共4个力作用，选项A错误；设扫雷具所受水的浮力为f，绳子的拉力为F

，由Fcosθ＝mg－f，解得绳子拉力F＝mg－fcosθ，选项B错误；水对扫雷具的作用力包括竖直向上的浮力和水平向右的阻力，绳子拉力在2水平方向的分力大小等于水的阻力(即水对扫雷具作用力的水平分力)，所以水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力，选项C正确；在竖直方向，重力竖直

向下，浮力竖直向上，则由mg＝f＋Fcosθ可知，无法判断绳子拉力与重力mg的大小关系，选项D错误．[答案]C15．(2018·陕西质检(一))如图所示，菱形ABCD的对角线相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在AC连线上的M点

与N点，且OM＝ON，则()A．A、C两处电势、场强均相同B．A、C两处电势、场强均不相同C．B、D两处电势、场强均相同D．B、D两处电势、场强均不相同[解析]以无穷远处为零势能点，则A处电势为正，C处电势为负，故A、C两处电势不同，由场强叠加原理知A处场强方向向

左，C处场强方向也向左，且大小相同，故A、C两处的电场强度相同，A、B错误；B、D两处场强大小相等，方向均水平向右，两处的电势均为0，C正确，D错误．[答案]C16．(2018·河北名校联盟)2017年6月19日，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A卫星过程中出现变故

，由于运载火箭的异常，卫星没有按照原计划进入预定轨道．经过航天测控人员的配合和努力，3通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道．卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点．下列说法正确的是()A．卫星在

椭圆轨道Ⅰ运行时，在P点的速度等于在Q点的速度B．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度C．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度D．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小[解析]卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，由开普勒第二定律

知，离中心天体越近，运行速度越大，因此卫星在P点的速度大于在Q点的速度，选项A错误；卫星由椭圆轨道Ⅰ改变速度进入地球同步轨道Ⅱ时要点火加速，因此，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度，选项B正确；根据牛顿

第二定律知，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度等于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度，选项C错误；卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，速度减小，卫星做近心运动，轨道半径减小，根据GMmr2＝mv2r可得v＝4GMr，即轨道半径变小，速度变大，动

能变大，选项D错误．[答案]B17．(2018·陕西摸底)如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r.闭合开关，电路稳定后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、Δ

U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，下列说法错误的是()A．A的示数增大B．V2的示数增大C．ΔU3与ΔI的比值大于rD．ΔU1大于ΔU2[解析]理想电压表V1、V2、V3的示数分别是定值电阻两端的电压、路端电压、滑动变阻器

两端的电压，理想电流表A的示数是干路中的电流．滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流增大，A示数增大，内电压增大，路端电压减小，即V2示数减小，故选项A正确，B错误；因为ΔU1ΔI＝R、ΔU2ΔI＝r，而R>r，所以ΔU1>ΔU2，故选项D正确；因为ΔU

3>ΔU2、ΔU2ΔI＝r，所以ΔU3ΔI>r，故选项C正确．5[答案]B18．(2018·武汉调研)一物块从固定斜面底端沿倾角为θ的斜面上滑，到达最大高度后又返回斜面底端．已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为()A.13tanθB.12t

anθC.35tanθD．tanθ[解析]物块沿斜面上滑时的加速度大小a1＝gsinθ＋μgcosθ，则s＝12a1t2；物块沿斜面下滑时的加速度大小a2＝gsinθ－μgcosθ，则s＝12a2(2t)2，联立解得μ＝35tanθ，选项C正确．[答案]C19

．(2018·福州高三期末)氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61eV～3.10eV范围内，则下列说法正确的是()A．氢原子由n＝2能级跃迁到n＝1能级，放出的光子为可见光B．大量氢原子处于n＝4能级时，向低能级跃迁能发出6

种频率的光子C．处于基态的氢原子电离需要释放13.6eV的能量D．氢原子处于n＝2能级时，可吸收2.86eV能量的光子跃迁到高级能6[解析]大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，先从n＝4能级分别向下面的三个能级各画一条线，可画三条；再从n＝3能级出发，分别向下面二个能级各画一条线，可画两条

；再从n＝2能级出发，向下面一能级画一条线，可画一条；则总共可画6条，即能发出6种频率的光子，B正确；处于n＝2能级的氢原子，吸收2.86eV能量的光子，－3.4eV＋2.86eV＝－0.54eV，跃迁到n＝5能级，选项D正确．[答案]

BD20．(2018·四川五校联考)如图所示，在x>0，y>0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B.现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从x轴上的某点P沿着与x轴成

30°角的方向射入磁场．不计重力的影响，则下列说法正确的是()A．只要粒子的速率合适，粒子就可能通过坐标原点B．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为5πm3qBC．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πmqBD．粒子在磁

场中运动所经历的时间可能为πm6qB[解析]带正电粒子由P点与x轴成30°角入射，则粒子运动轨7迹的圆心在过P点与速度方向垂直的方向上，粒子在磁场中要想到达坐标原点，转过的圆心角肯定大于180°，如图所示，而因磁场有边界，故粒子不可能通过坐标原点，A错误；由于P点的位置不定，所以粒子在磁场中

的轨迹圆弧对应的圆心角也不同，最大的圆心角为圆弧与y轴相切时，偏转角度为300°，运动的时间t＝56T＝5πm3qB，根据粒子运动的对称性，可知粒子的运动半径无限大时，对应的最小圆心角也一定大于120°，所以运动时间t′>13T＝

2πm3qB，故粒子在磁场中运动的时间范围是2πm3qB<t″≤5πm3qB，BC正确，D错误．[答案]BC21．(2018·辽宁五校联考)如图所示，图中两条平行虚线间存在有匀强磁场，虚线间的距离为2L，磁场方向垂直纸面向里．abcd是位于纸面内

的梯形闭合线框，ad与bc间的距离为2L且均与ab垂直，ad边长为2L，bc边长为3L，t＝0时刻，c点与磁场区域左边界重合．现使线框以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a→b→c→d→a方向的感应电流为

正，则在线框穿过磁场区域的过程中，感应电流I及a、b间电势差U随时间t变化的关系图线可能是()8[解析]在线框dc边逐渐进入磁场的过程中，线框切割磁感线的有效长度逐渐增大，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知，产生的感应电动势和感应电流逐渐增大；dc边完全

进入后，线框切割磁感线的有效长度不变，产生的感应电动势和感应电流恒定；dc边出磁场过程，线框切割磁感线的有效长度逐渐减小，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，产生的感应电动势和感应电流逐渐减小，但此时通过线框的磁通量仍一直增大，电流为正；d

c边完全出磁场后，ab边进入匀强磁场切割磁感线，产生的感应电动势和感应电流恒定，但电流为负，所以B正确，A错误；在0～3Lv时间段，线框右侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a、9b之间的电势差与电流成正比，图象与电流图象类似；在3～5Lv

时间线段框左侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a、b之间的电势差为正值，D正确，C错误．[答案]BD二、选考题(从两道题中任选一题作答)33．(2018·昆明高三摸底)[物理——选修3－3](1)(多选)下列说法正

确的是________．A．处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果B．液体与固体接触处的附着层都有收缩的趋势C．液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势D．毛细管插入浸润液体中管内液面会上升E．毛细管插入不浸润液体中管内液

面会上升(2)一定质量的理想气体，状态从A→B→C→A的变化过程可用如图所示的p—V图线描述，气体在状态C时温度为TC＝300K，求：①气体在状态A时的温度TA，并比较A、B状态时气体的温度；②若气体在A→B过程中吸热500J，则在A→B过程中气体内能如何变化？变化了多少？[解析](1

)处于完全失重的水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果，之所以是球形，是因为液体表面张力有使表面积收缩到最小的10趋势，选项A正确；液体与固体接触处的附着层不一定都有收缩的趋势，当附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为

浸润；附着层内分子间的距离大于r0时，附着层有收缩的趋势，表现为不浸润，选项B错误；液体与气体接触的表面层分子相对稀疏，分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体与气体接触处的表面层都有收缩的趋势，选项C正确；浸润液体情况下容器壁对液体的吸引力较强，附着层内分子密度较大，分子间距较

小，故液体分子间作用力表现为斥力，附着层内液面升高，故浸润液体呈凹液面，不浸润液体呈凸液面，毛细管插入浸润液体中管内液面会上升，选项D正确，E错误．(2)①气体从C→A、B→C，根据理想气体状态方程可得pCVCTC＝pAVATA解得TA＝300KpCVCTC＝pBVBTB解得T

B＝600KTB>TA(也可用A、B位于两条不同的等温线上，由p—V图象的物理意义可知TB>TA)②气体在A→B过程压强不变W＝－pΔV由热力学第一定律：ΔU＝Q＋W可得气体内能增加了ΔU＝200J[答案](1)ACD(2)①300KTB>TA②内能

增加200J1134．(2018·安徽百所高中一模)[物理——选修3－4](1)(多选)一条绳子两端为A点和B点，沿绳子建立坐标系，如图甲所示，每隔1m选一个坐标点，图乙为A点的振动图象，图丙为B点的振动图象，两质点各振动一个周期，分别形成两列波

相对传播，波速均为2m/s，则下列说法正确的是________．A．两列波的波长都是2mB．两列波在t＝2.5s时开始相遇C．t＝3s时，x＝4m处质点为振动加强点D．t＝3s时，x＝4m处质点的位移大小为40cmE．两列波相遇的时间为

0.5s(2)如图所示为截面为四分之三圆的玻璃柱，圆弧ABC面镀银，圆弧的半径为106cm.一细光束垂直OA并从OA的中点D射入玻璃柱，玻璃柱对该光的折射率为2，光在真空中的传播速度为c＝3×108m/s，求：12①光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角；②光在玻璃柱中传播的时间(结果保留

三位有效数字)．[解析](1)A、B两点的振动周期均为1s，波速均为2m/s，由v＝λT得波长均为2m，A正确；当B点开始振动时，A点振动引起的振动形式传播到x＝2m处，两列波经过t＝32s＝1.5s同时传播到x＝5m

处，因此在t＝2.5s时两列波相遇，B正确；x＝4m处的质点与x＝2m处为一个波长的距离，与x＝8m处为两个波长的距离，距离之差为一个波长，因此该点为振动加强点，C正确；t＝3s时，A点振动引起的振动形式在x＝4m处位移为0，B点振动引起的振动形式在x＝4m处位移也为0，因此t＝3s

时，x＝4m处质点的位移大小为0，D错误；以其中一列波为参考系，另一列波相对传播速度为2v，相遇时相对传播距离为2λ，则相遇时间t＝2λ2v＝T，即t＝1s，E错误．(2)①光射入玻璃柱后的光路如图所示，在E点有13sin∠DEO＝12，得∠DEO

＝30°由几何关系知，∠DEO＝∠BEO＝∠EBO＝∠OBF光在OC面上射出时的入射角r＝30°由折射定律n＝sinisinr得光从OC面射出时的折射角i＝45°则光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角为i′＝135°

②光在玻璃柱中传播的路程为s＝DE＋EB＋BFDE＝Rcos30°BE＝2Rcos30°BF＝Rcos30°光在玻璃柱中传播的速度为v＝cn光在玻璃柱中传播的时间为t＝sv代入数据解得t＝4.33×10－9s[

答案](1)ABC(2)①135°②4.33×10－9s14