【文档说明】高考物理一轮复习（通用版）分层限时跟踪练6 Word版含解析.doc，共(9)页，271.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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分层限时跟踪练(六)(限时40分钟)一、单项选择题1．某班级同学要调换座位，一同学用斜向上的拉力拖动桌子沿水平地面匀速运动，则下列说法正确的是()A．拉力的水平分力等于桌子所受的合力B．拉力的竖直分力小于桌子所受重力的大小C．拉力与摩擦力的合力大小等于重力大小D

．拉力与重力的合力方向一定沿水平方向【解析】由于桌子沿水平地面匀速运动，所以一定沿地面有向后的滑动摩擦力，根据摩擦力的产生条件，一定有竖直向上的弹力，所以桌子应受到四个力的作用而平衡，即重力，斜向上的拉力，竖直向上的支持力和沿水平地

面向后的摩擦力，且四个力的合力为零，故A错；将斜向上的拉力分解成竖直向上的分力和水平向前的分力，则竖直方向上三力平衡，水平方向上二力平衡，故B正确；拉力与摩擦力的合力大小等于拉力的竖直分力，小于重力，故C错；拉力和重力的合力方向一定斜向下不沿水平方向，故D错．【答案】B2．(2014

·上海高考)如图2-3-11所示，光滑的四分之一圆弧轨道AB固定在竖直平面内，A端与水平面相切．穿在轨道上的小球在拉力F作用下，缓慢地由A向B运动，F始终沿轨道的切线方向，轨道对球的弹力为N.在运动过程中()图2-3-11A．F增大，N减小B．F减小

，N减小C．F增大，N增大D．F减小，N增大【解析】小球一直受到重力、支持力、拉力作用，根据共点力平衡有F＝mgsinα，N＝mgcosα(α是重力与圆弧半径方向的夹角)，随着夹角的增大，支持力逐渐减小，拉力逐渐增大，选项A正确．【答案】A3．如图2-3-12所示，水平固定且

倾角为30°的光滑斜面上有两个质量均为m的小球A、B，它们用劲度系数为k的轻质弹簧连接，现对B施加一水平向左的推力F使A、B均静止在斜面上，此时弹簧的长度为l，则弹簧原长和推力F的大小分别为()图2-3-12A．l＋mg2k，233mgB．l－mg2k，233mgC．l＋mg2k，23mg

D．l－mg2k，23mg【解析】以A、B和弹簧组成的系统为研究对象，则Fcos30°＝2mgsin30°，得F＝233mg；隔离A有kx＝mgsin30°，得弹簧原长为l－x＝l－mg2k，故选项B正确．【答案】B4．如图2-

3-13所示，两个质量均为m的小球用轻质细杆连接静止于内壁光滑的半球形碗内，杆及碗口平面均水平，碗的半径及两小球之间的距离均为R，不计小球半径，则碗对每个小球的支持力大小为()图2-3-13A.33mgB.233mgC.3mg

D．2mg【解析】以其中一小球为研究对象，受力情况如图所示．根据题意可知θ＝30°，根据平衡条件可知：FN1＝mgcosθ＝233mg，选项B正确．【答案】B5．(2016·福州模拟)如图2-3-14所示，光滑水平面上有一14的球体，球体的左侧面也光滑．质量分别为m1、m2的小

球(均可看做质点)通过柔软光滑的轻绳连接，且与球体一起以共同的速度v0向左匀速运动，此时m2与球心O的连线与水平线成45°角．m2与球面间的动摩擦因数为0.5，设m2与球面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则m2m1的最小值是(

)图2-3-14A.324B.223C．2D．2【解析】当m1有最大值时，摩擦力沿球面向下，受力如图所示，根据共点力平衡得m2gsin45°＋f＝T，f＝μN＝μm2gcos45°，T＝m1g，联立三式解得m2m1＝223，选项B正确．【答案】B二、多项选择题6．(20

16·郴州模拟)如图2-3-15甲所示，在粗糙水平面上静置—个截面为等腰三角形的斜劈A，其质量为M，两个底角均为30°.两个完全相同的、质量均为m的小物块p和q恰好能沿两侧面匀速下滑．若现在对两小物块同时各施加—个平行于斜劈侧面的恒力F1、F2

，且F1＞F2，如图2-3-15乙所示，则在p和q下滑的过程中，下列说法正确的是()图2-3-15A．斜劈A仍保持静止B．斜劈A受到地面向右的摩擦力作用C．斜劈A对地面的压力大小等于(M＋2m)gD．斜劈A对地面的压力大小大于(

M＋2m)g【解析】题图甲中，三个物体都处于平衡状态，故可以对三个物体组成的整体受力分析，受重力和支持力，故支持力为(M＋2m)g，斜劈与地面之间没有摩擦力；在图乙中，物块p、q对斜劈的压力和摩擦力不变，故斜劈受力情况不变，故斜劈A仍保持静止，斜劈A对地面的压力大小等于(M＋2m

)g，与地面间没有摩擦力，故A、C正确．【答案】AC7．如图2-3-16所示，A、B两物块始终静止在水平地面上，有一轻质弹簧一端连接在竖直墙上P点，另一端与A相连接，下列说法正确的是()图2-3-16A．如果

B对A无摩擦力，则地面对B也无摩擦力B．如果B对A有向左的摩擦力，则地面对B也有向左的摩擦力C．P点缓慢下移过程中，B对A的支持力一定减小D．P点缓慢下移过程中，地面对B的摩擦力一定增大【解析】若B对A无摩擦力，因B在水平方向受力平衡，则地面对B无摩擦力，A正确

；若B对A有向左的摩擦力，则A对B有向右的摩擦力，由平衡条件知，地面对B有向左的摩擦力，B正确；若弹簧起初处于拉伸状态，则在P点缓慢下移的过程中，弹簧对A物体的拉力减小且拉力在竖直方向的分力减小，则B对A的支持力增大，C错误；在P点缓慢下移过程中，以A

、B为整体，若弹簧起初处于拉伸状态，P点下移使弹簧恢复到原长时，地面对B的摩擦力逐渐减小到零，D错误．【答案】AB8．如图2-3-17所示，横截面为直角三角形的斜劈A，底面靠在粗糙的竖直墙面上，力F指向球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统还保持静止，则下列说法正确

的是()图2-3-17A．A所受合外力增大B．A对竖直墙壁的压力增大C．B对地面的压力一定增大D．墙面对A的摩擦力可能变为零【解析】A一直处于静止状态，所受合外力一直为零，选项A错误；对整体受力分析，根据平衡条件有，水平方向：FN＝F，F增大，则FN增大，选项B正确

；对B受力分析，如图所示，根据平衡条件有F＝FN′sinθ，可见F增大，则FN′增大，FN″＝mg＋FN′cosθ，可见FN′增大，则FN″增大，根据牛顿第三定律可知球对地面的压力增大，选项C正确；以整体为研究对象

，竖直方向有FN″＋f＝Mg，若FN″增大至与Mg相等，则f＝0，选项D正确．【答案】BCD9．如图2-3-18所示，光滑的夹角为θ＝30°的三角杆水平放置，两小球A、B分别穿在两个杆上，两球之间有一根轻绳连接两球，现在用力将小球B缓慢拉动，直到轻绳被拉直时

，测出拉力F＝10N，则此时关于两个小球受到的力的说法正确的是(小球重力不计)()图2-3-18A．小球A受到杆对A的弹力、绳子的张力B．小球A受到的杆的弹力大小为20NC．此时绳子与穿有A球的杆垂直，绳子张力大小为2033ND．小球B受到杆的弹力大小为2033N【解析】由于拉动是缓慢进行的，因

此任何一个小球均处于动态平衡状态，则对小球A而言，仅受两个力的作用，杆对A的弹力FN2与绳子的张力T平衡，绳子垂直于A所在的杆，选项A正确．小球B受到三个力平衡，拉力F绳子弹力T和杆对它的弹力FN1，把绳子上的弹力正交

分解，则有Tx＝Tcos60°＝F，可得T＝2F，因此小球A受到的杆的弹力大小为T＝2F＝20N，选项B正确，C、D错误．【答案】AB三、非选择题10．如图2-3-19所示，P为一个水闸的剖面图，闸门质量为m，宽度为b.水闸两侧水面高分别为h1、h2，水与闸门间、闸门与轨道间的动摩擦因数

分别为μ1、μ2，求拉起闸门至少需要多大的力？图2-3-19【解析】左侧和右侧水对闸门向右和向左的压力分别为：F1＝ρgh12·bh1，F2＝ρgh22·bh2.由水平方向合力为零可知，轨道与闸门之间的弹力FN满足：F1＝F2＋FN，即FN

＝F1－F2＝ρgb（h21－h22）2.提起闸门时在一开始所需的拉力最大，其值为：F＝mg＋μ2FN＋μ1(F1＋F2)＝mg＋μ2ρgb2(h21－h22)＋μ1ρgb2(h21＋h22)．【答案】mg＋μ2ρgb2(h21－h22

)＋μ1ρgb2(h21＋h22)11．(2016·武汉模拟)如图2-3-20所示，质量为m的匀质细绳，一端系在天花板上的A点，另一端系在竖直墙壁上的B点，平衡后最低点为C点．现测得AC段绳长是CB段绳长的n倍，且绳子B端的切线与墙壁的夹角为α.试求绳子在C

处和在A处的弹力分别为多大．(重力加速度为g)图2-3-20【解析】以BC段为研究对象，设绳子B端所受弹力为TB，C处所受弹力为TC，如图甲所示．TBcosα＝1n＋1mg，TBsinα＝TC，解得TC＝mgn＋1tanα.以AC

段为研究对象，设绳子A端所受弹力为TA，C处所受弹力为T′C，如图乙所示．TAsinβ＝nn＋1mg，TAcosβ＝T′C，TC＝T′C，解得TA＝mgn＋1n2＋tan2α.【答案】mgn＋1tanαm

gn＋1n2＋tan2α12．(2016·南昌模拟)如图2-3-21所示，在质量为m＝1kg的重物上系着一条长为30cm的细绳，细绳的另一端连着一个轻质圆环，圆环套在水平棒上可以滑动，环与棒间的动摩擦因数μ为0.75，

另有一条细绳，在其一端跨过定滑轮，定滑轮固定在距离圆环50cm的地方，当细绳的端点挂上重力为G的重物，而圆环将要开始滑动时，(g取10m/s2)试求：图2-3-21(1)φ角的大小；(2)长为30cm

的细绳的张力；(3)重物G的质量．【解析】(1)因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有F＝μFN.对环进行受力分析，则有μFN－FTcosθ＝0，FN－FTsinθ＝0，解得tanθ＝1μ＝4

3，得θ＝53°.又由于AO＝30cm，AB＝50cm，由数学知识求得φ＝90°.(2)如图所示选取坐标轴，根据重物m处于平衡状态，则有Gcosθ＋FTsinθ＝mg，FTcosθ－Gsinθ＝0，解得FT＝8N.(3)圆环将要滑动时，对重物进行受力分析可知：

Gsinθ＝FTcosθ，又G＝m′g，解得m′＝0.6kg.【答案】(1)90°(2)8N(3)0.6kg