【文档说明】山东省烟台市2020届高三4月模拟考试（一模）物理（含答案）.doc，共(12)页，399.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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2020年高考诊断性测试物理1．答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置。2．选择题答案必须用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须用0.5毫米黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项

是符合题目要求的。1．下列有关原子、原子核的说法中正确的是A．天然放射现象说明原子核内部有电子B．卢瑟福用α粒子散射实验证明了原子核内存在中子C．结合能越大，原子核中的核子结合得越牢固，原子核越稳定D．在所有核反应中，都遵从“质

量数守恒，电荷数守恒”的规律2．在一平直的水平路面上有甲、乙两辆汽车同向行驶。某时刻乙车在甲车前方15m处，从该时刻开始计时，0~4s内甲、乙两车做匀变速直线运动的速度与时间的关系图像如图所示。下列说法中正确的是A．t=2s时刻，

甲车刚好追上乙车B．t=4s时刻，甲车刚好追上乙车C．乙车的加速度大小大于甲车的加速度大小D．此过程中甲、乙两车之间的距离一直减小3．随着航天技术的发展，人类已经有能力到太空去探索未知天体。假设某宇宙飞船绕一行星表面附近做匀速圆周运动，已知运行

周期为T，宇航员在离该行星表面附近h处自由释放一小球，测得其落到行星表面的时间为t，则这颗行星的半径为A．2222hTtB．2222thTC．2228thTD．2228hTt4．一定质量的理想气体，从状态a开始

，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其V-T图像如图所示，其中图线ab的反向延长线过坐标原点O，图线bc平行于T轴，图线ca平行于V轴，则A．ab过程中气体压强不变，气体从外界吸热B．bc过程中气体体积不变，气体不吸热也不放热cVTOabt/sv/(m·s-1)151

0O2520134甲乙C．ca过程中气体温度不变，气体从外界吸热D．整个变化过程中气体的内能先减少后增加5．如图所示，在xOy平面内有一匀强电场，以坐标原点O为圆心的圆，与x、y轴的交点分别为a、b、c、d，从坐标原点O向

纸面内各个方向以等大的速率射出电子，可以到达圆周上任意一点，而到达b点的电子动能增加量最大。则A．电场线与x轴平行B．a点电势大于c点电势C．在圆周上的各点中，b点电势最高D．电子从O点射出至运动到b点过程中，其电势能增加6．如图所示，甲、乙两物体用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，其中甲物体静止

在粗糙的水平面上，乙物体悬空静止，轻绳OM、ON与水平方向间的夹角分别为53°、37°。已知乙物体的质量为10kg，g取10m/s2，sin53°=0.8。则甲物体受到水平面的摩擦力的大小和方向为A．20N、沿水平面向左B．20N、沿水平面向右C．28N、沿水平面

向左D．28N、沿水平面向右7．如图所示，在等边三棱镜截面ABC内，有一束单色光从空气射向其边界上的E点，已知该单色光入射方向与三棱镜边界AB的夹角为θ=30º，该三棱镜对该单色光的折射率为3，则下列说法中正确的是A．该单色光在AB边界发生全反射B．该单色光从空气进入

棱镜，波长变长C．该单色光在三棱镜中的传播光线与底边BC平行D．该单色光在AC边界发生全反射aOdbcyxBθACEMN甲乙O53°37°8．如图甲所示，有两个相邻的有界匀强磁场区域，磁感应强度的大小均为B，磁场方向相反，且与纸面垂直，两磁场边界均与x轴垂直且宽度均为L，在y轴方

向足够宽。现有一高和底均为L的等腰三角形导线框，顶点a在y轴上，从图示x=0位置开始，在外力F的作用下向右沿x轴正方向匀速穿过磁场区域。在运动过程中，线框bc边始终与磁场的边界平行。线框中感应电动势E

大小、线框所受安培力F安大小、感应电流i大小、外力F大小这四个量分别与线框顶点a移动的位移x的关系图像中正确的是二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目

要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9．一列简谐横波沿x轴正方向传播，波刚传到x1=5m的质点P处时波形图如图所示，已知质点P连续两次位于波峰的时间间隔为0.2s，质点Q位于x2=6m处。若从此刻

开始计时，则下列说法正确的是A．此列波的传播速度是10m/sB．t=0.2s时质点Q第一次到达波谷位置C．质点Q刚开始振动的方向为沿y轴正方向D．当质点Q第一次到达波谷位置时，质点P通过的路程为15cm10．如图所示的交流电路中，理想

变压器原线圈输入电压为u=Umsin100πt（V），副线圈电路中R1、R2为定值电阻，P是滑动变阻器R的滑动触头，电压表V1、V2的示数分别为U1和U2；电流表A的示数为I。下列说法中正确的是A．变压器原、副

线圈的匝数之比为U1:U2B．副线圈回路中电流方向每秒钟改变100次C．当P向上滑动的过程中，U2增大，I减小D．当P向下滑动的过程中，R1消耗的功率增大，R2消耗的功率减小y/cmx/mO5-5123456PQV2RR1PAR2V1u~甲abcLLLLyxOLx/(×L)123E02E0O

Ex/(×L)123F02F0OABCDx/(×L)1232F0OF安FF0x/(×L)123I02I0Oi11．如图所示，一长木板B放在粗糙的水平地面上，在B的左端放一物体A，现以恒定的外力F拉A，经一段时间物块A从长木

板B的右端拉出，且在此过程中以地面为参考系,长木板B也向右移动一段距离。则在此过程中A．外力F对A做的功等于A和B动能的增量B．A对B摩擦力做的功与B对A摩擦力做的功绝对值相等C．外力F做的功等于A、

B动能的增量与系统由于摩擦而产生的热量之和D．A对B摩擦力做的功等于B动能的增量和B与地面之间摩擦产生的热量之和12．如图所示，在水平地面上有一圆弧形凹槽ABC，AC连线与地面相平，凹槽ABC是位于竖直平面内以O为圆心、半径为R的一段圆弧，B为圆弧最低点，而且AB段光滑，BC段粗糙。现有一质

量为m的小球（可视为质点），从水平地面上P处以初速度v0斜向右上方飞出，v0与水平地面夹角为θ，不计空气阻力，该小球恰好能从A点沿圆弧的切线方向进入轨道，沿圆弧ABC继续运动后从C点以速率20v飞出。重力加速度为g，则下列说法中正确的是A．小球由P到

A的过程中，离地面的最大高度为gsin0vB．小球进入A点时重力的瞬时功率为sin0vmgC．小球在圆形轨道内由于摩擦产生的热量为8320vmD．小球经过圆形轨道最低点B处受到轨道的支持力大小为Rmmg20)cos23(v

三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．（6分）某物理兴趣小组利用如图所示装置进行“探究弹簧弹性势能与弹簧形变量关系”的实验。图中光滑水平平台距水平地面h=1.25m，平台上一轻质弹簧一端固定在挡板上，质量为m的小球与弹

簧另一端接触并压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x后，由静止释放小球，小球从平台边缘水平飞出，落在地面上，用刻度尺测出小球水平飞行距离S；并用传感器（图中未画出）测量出小球从平台边缘飞出后在空中的飞行时间t。多做几次实验后，记录表如下表所示。⑪由表中数据可知，在h一定时，小球水平位移S=x，与__

_____无关；⑫由实验原理和表中数据可知，弹簧弹性势能EP与弹簧形变量x的关系式为EP=(用m、h、x和重力加速度g表示)；⑬某同学按物体平抛运动规律计算了小球在空中的飞行时间：FBAθABCOv0PR500mss5.0s

1025.122ght，由表中数据可知，发现测量值t均偏大。经检查，实验操作及测量无误，且空气阻力可以忽略，造成以上偏差的原因是__________。14．（8分）某同学在进行“测定金属丝的电阻率”的实验。⑪如图甲所示，该同学

用螺旋测微器测量金属丝的直径D=mm。⑫该同学用如图乙所示电路图测量金属丝Rx的电阻，供选择的仪器如下：①电流表A1（内阻为r）；②电流表A2；③滑动变阻器R1（0~1000Ω）；④滑动变阻器R2（0~20Ω）；⑤蓄电池（2V）；⑥电

键S及导线若干。⑬滑动变阻器应选择（选填“R1”或“R2”）；在图丙中按图乙用连线代替导线连接实物图。⑭闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录A1、A2的读数I1、I2，通过调节滑动变阻器，得到多组实验数据；以I2为纵坐标，I1为

横坐标，作出相应图像，如图丁所示。根据I2—I1图像的斜率k及电流表A1内阻r，写出金属丝电阻的表达式Rx=。⑮测得金属丝连入电路的长度为L，则金属丝电阻率ρ=________（用k、D、L、r表示）。15．（8分）12345x/m0.010.020.030.040.0

5S/m0.510.991.501.982.50t/ms505.3505.1504.8504.9505.2152750455甲乙A2RPA1RxS+--A1+Rx-A2+丙I1I2丁OhxS如图所示，小物块放在足够长的木板AB上，以大小为v0的初速度从木板的A端向B端运动，若

木板与水平面之间的夹角不同，物块沿木板向上运动的最大距离也不同。已知物块与木板之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。⑪若物块沿木板运动到最高点后又返回到木板的A端，且沿木板向下运动的时间是向上运动时间的2倍，求木板与水平面之间的夹角的正切值；⑫求物块沿木

板向上运动的最大距离最小值。16．（8分）“蛟龙号”载人深潜器上有一个可测量下潜深度的深度计，其原理可简化为如图所示的装置。内径均匀的水平气缸总长度为2L，在气缸右端开口处和正中央各有一个体积不计的卡环，在卡环的左侧各有一个厚度不计的活塞A、B，活塞A、B只可以向左移动，活塞密封良好且与气缸之间无

摩擦。在气缸的Ⅰ部分封有154标准大气压的气体，Ⅱ部分封有397标准大气压的气体，当该装置水平放入水下达到一定深度后，水对活塞A产生挤压使之向左移动，通过活塞A向左移动的距离可以测出下潜深度。已知1标准大气压=1.0×105Pa，海水的密度ρ=1.0×103kg/m3，取g=10

m/s2，不计海水密度随海水深度的变化，两部分气体均视为理想气体且温度始终保持不变。求⑪当下潜的深度h=2300m时，活塞A向左移动的距离；⑫该深度计能测量的最大下潜深度。BAⅡⅠABv017．（14分）如图所示，质量为M=4.5kg的长木板置于光滑水平地面上，质量为

m=1.5kg的小物块放在长木板的右端，在木板右侧的地面上固定着一个有孔的弹性挡板，孔的尺寸刚好可以让木板无接触地穿过。现使木板和物块以v0=4m/s的速度一起向右匀速运动，物块与挡板碰撞后立即以碰前的速率反向弹回，而木板穿过挡板上的孔继续向右运动，整个过程中物块不会从长木板上滑

落。已知物块与挡板第一次碰撞后，物块离开挡板的最大距离为x1=1.6m，重力加速度g=10m/s2。⑪求物块与木板间的动摩擦因数；⑫若物块与挡板第n次碰撞后，物块离开挡板的最大距离为xn=6.25×10-3m，求n；⑬求长木板的长度至少应为多少？Mm

挡板v018．（16分）如图所示，在第二、三象限内，存在电场强度大小为E、方向沿x轴正方向的匀强电场。在第一、四象限内存在磁感应强度大小均相等的匀强磁场，其中第四象限内0<x<L区域的磁场方向垂直于xOy平面向里，其他区域内的磁场方向垂直于xOy平面向外。一个带正电的粒子从点A(-0.5

L，L)以初速度v0沿y轴负方向射入电场，从原点O射出电场进入磁场，途经点M(L，0)到达点N(L，-L)，不计粒子重力。求⑪带电粒子的比荷；⑫匀强磁场的磁感应强度大小；⑬带电粒子从O点运动到N点的时间。2020年高考诊断性测试物理参考答案

及评分意见一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.D2.A3.B4.A5.C6.B7.C8.B二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项yAMLNOxv0Eq符合题目要求

。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.BC10.BD11.CD12.BCD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．（6分）⑪50（1分）小球从平台边缘飞出后在空中的飞行时间t（或“t”）（1分）⑫2625xhmg（2分）⑬重力加速度g取值不准确，g取10m/

s2偏大（2分）14．（8分）⑪2.500（1分）⑬R2（1分）如图（2分）⑭1kr（2分）⑮)1(42kLrD（2分）15．（8分）解：⑪木板与水平面之间的夹角θ时上行：1cossinmamgmg„„„„„„„„„„„„„„„„„„„①（1分）下行：2cossinma

mgmg„„„„„„„„„„„„„„„„„„„②（1分）由221atS可知„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„③（1分）上行：)cos(sin2211gSaSt下

行：)cos(sin2222gSaSt由122tt得：35tan„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„④（1分）⑫aS220v„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑤（1分）得：)sin(

12)cos(sin222020ggSvv„„„„„„„„„„„„⑥（1分）当1tan时，取220min12gSv„„„„„„„„„„„„„„„„„⑦（2分）16．（8分）解：⑪当下潜的深度h=2300m时，Ⅰ部

分气体的压强P1=P0＋ρgh=2.31×107Pa„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„①(1分)而Ⅱ部分气体的压强P2=3.97×107Pa>P1所以活塞B静止不动。设活塞A向左移动的距离为x，由玻意耳定律得+--A1+Rx-A2+154P0SL=P

1S(L－x)„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„②(1分)解得x=3L„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„③(1分)⑫当活塞A移动到中央卡环处时所测深度最大，设两部分气体压强为P，测量的最大下潜深度为H对Ⅰ有154P0SL=PSL1„

„„„„„„„„„„„„„„„„„„„④(1分)对Ⅱ有397P0SL=PSL2„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑤(1分)据题意得L1＋L2=L„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑥(1分)P=P0＋ρgH„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑦(1分)解得H=550

0m„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑧(1分)17．（14分）解：⑪物块与挡板第一次碰撞后，物块向左减速到速度为0的过程中只有摩擦力做功，由动能定理得－μmgx1=0－21mv02„„„„„„„„„„„„„„„„„„①(2分)解得μ=0.5„„„„„„„„„„„„„„„„

„„„„„„„„„„②(1分)⑫物块与挡板碰后，物块与木板组成的系统动量守恒，取水平向右为正方向。设第一次碰撞后系统的共同速度为v1，由动量守恒定律得Mv0－mv0=(M＋m)v1„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„③(2分)v1=0vmMmM=21v0„„„„„„„„„„„„„„„„

„„„„„„„„④(1分)设物块由速度为0加速到v1的过程中运动的位移为x1′μmgx1′=21mv12„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑤(1分)由①⑤式得x1′=41x1„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑥

(1分)即物块与挡板第二次碰撞之前，物块与木板已经达到共同速度v1第二次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为v1经一段时间系统的共同速度为v2=1vmMmM=221）（v0第三次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为v2经一段时间系统的共同速度为v3=2vmMmM=3

21）（v0„„„第n次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为vn-1=2nmMmMv=-112n（）v0„„⑦(1分)由动能定理得－μmgxn=0－21mvn-12„„„„„„„„„„⑧(1分)由①⑦⑧式得n=5„„„„„„„„„

„„„„„„„„„„„„„„⑨(1分)⑬由分析知，物块多次与挡板碰撞后，最终将与木板同时都静止。设物块在木板上的相对位移为L，由能量守恒定律得μmgL=21(M＋m)v02„„„„„„„„„„„⑩(2分)解得L=6.4m„„

„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑪(1分)即木板的长度至少应为6.4m。18．（16分）解：⑪带电粒子在电场中做类平抛运动L=v0t„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„①(1分)0.5L=221at„„„„„„„„

„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„②(1分)qE=ma„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„③(1分)解得ELmq20v„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„④(1分)⑫粒子进入磁场时，速度方向与x轴正方向的夹角θtanθ=xyvv=1θ

=4„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑤(1分)速度大小v=2v0„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑥(1分)设x为每次偏转圆弧对应的弦长，由运动的对称性，粒子能到达N点，需满足L=nx（n

=1，2，3„）„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑦(1分)设圆弧半径为R，圆弧对应的圆心角为2，则有x=R2„„„„„„„„⑧(1分)可得nLR2„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑨(1分)由洛伦兹力提供向心力，有RmBq2vv得02vnEB

，（n=1，2，3„）„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑩(1分)⑬当粒子在从O到M过程中运动2n段圆弧时，轨迹如图甲所示此时221nLR粒子运动的总弧长2242211LRns„„„„„„„„„„„„„„„⑪(1分)则01

12vvLst„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑫(2分)当粒子在从O到M过程中运动(2n-1)段圆弧时，轨迹如图乙所示此时2122）（nLR粒子运动的总弧长LRns221222）（„„„„„„„„

„„„„„⑬(1分)则022vvLst„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„„⑭(2分)乙yAMLNOxv0EqyAMLNOxv0Eq