【文档说明】【高考复习】高考物理 热点冲刺练习08 力学计算题（含答案解析）.doc，共(7)页，151.000 KB，由MTyang资料小铺上传

转载请保留链接：https://www.ichengzhen.cn/view-64415.html

以下为本文档部分文字说明：

2020版高考物理热点冲刺练习08力学计算题1.如图所示，在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，若1、2两个相同的小车所受拉力分别为F1、F2，车中所放砝码的质量分别为m1、m2，打开夹子后经过相同的时间两车的位移分别为x1、x2，则在实验误差允许的范围内，有()A．当m1=

m2、F1=2F2时，x1=2x2B．当m1=m2、F1=2F2时，x2=2x1C．当F1=F2、m1=2m2时，x1=2x2D．当F1=F2、m1=2m2时，x2=2x12.如图所示，两车厢的质量相同，其中一个车厢内有一人拉动绳子使两车厢相互靠近．若不计绳子质量

及车厢与轨道间的摩擦，下列对于哪个车厢里有人的判断正确的是()A．绳子的拉力较大的那一端车厢里有人B．先开始运动的车厢里有人C．先到达两车中点的车厢里没有人D．不去称量质量无法确定哪个车厢里有人3.手拿一个锤头敲在一块玻璃上把玻璃打碎了．对于这一现象，下列说法正确的是()A

．锤头敲玻璃的力大于玻璃对锤头的作用力，所以玻璃才碎裂B．锤头受到的力大于玻璃受到的力，只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力才没有碎裂C．锤头和玻璃之间的作用力应该是等大的，只是由于锤头能够承受比玻璃更大的力

才没有碎裂D．因为不清楚锤头和玻璃的其他受力情况，所以无法判断它们之间的相互作用力的大小4.由于没有始终满足小车的质量M远大于砂和桶的总质量m的关系，结果得到的图象应是下图中的()5.如图所示，甲、乙

两人在冰面上“拔河”．两人中间位置处有一分界线，约定先使对方过分界线者为赢．若绳子质量不计，冰面可看成光滑的，则下列说法正确的是()A．甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力B．甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作

用力与反作用力C．若甲的质量比乙大，则甲能赢得“拔河”比赛的胜利D．若乙收绳比甲快，则乙能赢得“拔河”比赛的胜利6.关于物体的惯性，下列说法中正确的是()A．骑自行车的人，上坡前要紧蹬几下，是为了增大惯性冲上坡B．子弹从枪膛中射出后在空中飞行，速度逐渐减小，因此惯性也减小C．物体惯性的大小，

由物体质量的大小决定D．物体由静止开始运动的瞬间，它的惯性最大7.如图所示，物体沿斜面由静止滑下，在水平面上滑行一段距离后停止，物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，斜面与水平面平滑连接．下图中v、a、Ff和s分别表示物体速度大小、加速度大小、

摩擦力大小和路程．下图中正确的是()8.以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的v-t图象可能正确

的是()9.(多选)将力传感器A固定在光滑水平桌面上，测力端通过轻质水平细绳与滑块相连，滑块放在较长的小车上．如图甲所示，传感器与计算机相连接，可获得力随时间变化的图象．一水平轻质细绳跨过光滑的定滑轮，一端连接小车，另一端系沙桶，整个装

置开始处于静止状态．现在向沙桶里缓慢倒入细沙，力传感器采集的Ft图象如图乙所示．则()A．2.5s前小车做变加速运动B．2.5s后小车做变加速运动C．2.5s前小车所受摩擦力不变D．2.5s后小车所受摩擦力不变10.(多选)在奥运比赛项目中，10m跳台跳水是我国运动员的强项．某次训

练中，质量为60kg的跳水运动员从跳台自由下落10m后入水，在水中竖直向下减速运动，设空中下落时空气阻力不计，水对他的阻力大小恒为2400N．那么在他人水后下降2.5m的过程中，下列说法正确的是(取g=10m/s2)()A．他的加速度

大小为30m/s2B．他的动量减少了300kg·m/sC．他的动能减少了4500JD．他的机械能减少了4500J11.如图所示，半径为R，管径很小的光滑半圆形细管竖直放置，有两个略小于管径、质量分别为m1=3m、m2=m的小球P、Q，小球Q静止在水平面上，小球P以某一初

速度向右运动，与小球Q发生弹性碰撞．P、Q两球通过最高点C后落地点分别为M、N，已知：|CN|2－|CM|2=12R.求：(1)碰撞前小球P的速度；(2)碰撞后小球P、Q的速度；(3)小球P、Q经过最高点时，它们对细管的作用

力．12.如图所示，倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接．现将一滑块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点．已知A点距水平面的高度h=0.8m，B点距C点的距离L=2.0m(滑块经过B点时没有能量损失，g取10m/s2)，求：(1)滑块在运动过程中的最大速度；(

2)滑块与水平面间的动摩擦因数μ；(3)滑块从A点释放后，经过时间t=1.0s时速度的大小．答案解析1.答案为：A；解析：题中m1和m2是车中砝码的质量，绝不能认为是小车的质量，题中只说明了两小车是相同的，并未告诉小车的质量是多少．当

m1=m2时，两车加砝码后质量仍相等，若F1=2F2，则a1=2a2，由x=12at2得x1=2x2，A对，B错；若m1=2m2时，无法确定两车加砝码后的质量关系，两小车的加速度关系也就不清楚，故无法判定两车的位移关系，C、D错．故选A.2.答案

为：C；解析：根据牛顿第三定律，绳子对两车的拉力大小相等，方向相反，故A错误；有拉力后，两车同时受到拉力，同时开始运动，故B错误；两车之间的拉力时刻大小相等，根据牛顿第二定律知，总质量小的，加速度大，又由x=12at2知，相同时

间内位移大，先到达中点，则此车厢里没有人，故C正确，D错误．3.答案为：C；4.答案为：D；解析：由于没有始终满足小车的质量M远大于砂和桶的总质量m的关系，则得到的a1M图象先是直线后向下发生弯曲，故选D.5.答案为：C；解析：甲对绳的拉力与绳对甲的

拉力是作用力与反作用力，故A错误；甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是一对平衡力，故B错误；若甲的质量比乙大，则甲的加速度比乙的小，可知乙将先过分界线，故甲能赢得“拔河”比赛的胜利，故C正确；收绳的快慢并不能决定“拔河

”比赛的输赢，故D错误．6.答案为：C；解析：质量是物体惯性大小的唯一量度，惯性与物体的运动状态无关．故C正确．7.答案为：C；解析：物体在斜面上运动时，摩擦力Ff1=μmgcosθ，加速度a1=g(sinθ－μc

osθ)，速度v1=a1t1，路程s=12a1t21，由此可知A、B、D错误；物体在水平面上运动时，摩擦力Ff2=μmg，所以C正确．8.答案为：D；解析：受空气阻力作用的物体，上升过程：mg＋kv=ma，得a=g＋kmv，v减小，a减小，A错误；到达最高点时v=0，a=g，即

两图线与t轴相交时斜率相等，故B、C错误，D正确．9.答案为：BD；解析：当倒入细沙较少时，M处于静止状态，对M受力分析有绳子拉力等于m对M的静摩擦力，在满足M静止的情况下，缓慢加细沙，绳子拉力变大，m对M的静摩擦力逐渐变大，由图象得出2.5s前M都是静止的，A、

C选项错误；2.5s后M相对于m发生滑动，m对M的摩擦力为滑动摩擦力Ff=μmg保持不变，D项正确；M运动后继续倒入细沙，绳子拉力发生变化，小车将做变加速运动，B项正确．10.答案为：AC；解析：[根据牛顿第二定律：f－mg=ma，代入数据解得加速度大小为：a=30m

/s2，故A正确；自由下落10m后，根据v20=2gh，得运动员的速度为：v0=102m/s，在水中下落2.5m后的速度为v21－v20=－2ah′，代入数据解得：v1=52m/s，他的动量减少了：p

=mv0－mv1=3002kg·m/s，故B错误；减速下降的过程中，根据动能定理，动能的减小量等于克服合力做的功为：(f－mg)h=(2400－600)×2.5=4500J，故C正确；减速下降的过程中，机械能的减小量等于克服阻力

做的功为fh=2400×2.5=6000J，故D错．所以A、C正确，B、D错误．]11.解：(1)小球R、Q弹性碰撞，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1＋m2v2①由机械能守恒定律得：12m1v20=12m1v21＋12m2v22②小球P、Q从水平面运动到最高点C的过程中，由机械能守恒

定律：对P球有：12m1v21=12m1v23＋m1g(2R)③对Q球有：12m2v22=12m2v24＋m2g(2R)④之后两小球做平抛运动；h=2R=12gt2⑤P球的水平位移x1=v3t⑥Q球的水平位移x2=v4t⑦依题意有：(x22－h2)－(x21－h2)=144R

⑧由①～⑧式解得：碰撞前小球P的速度v0=32gR，(2)由①～⑧式解得：碰撞后小球P的速度v1=322gR碰撞后小球Q的速度v2=922gR(3)由①～⑧式解得：小球P在最高点C的速度v3=gR2小球Q在最高点C的速度v4=73gR2以P为

研究对象：由向心力公式FP＋m1g=m1v23R解得FP=－32mg，负号表示细管对小球P的弹力竖直向上由牛顿第三定律知，小球P对细管的作用力大小是32mg，方向竖直向下以Q为研究对象：由向心力公式FQ＋m2g=m2v24R解得FQ=712mg，正号表示细管对小球Q的弹力竖直向下由牛

顿第三定律知，小球Q对细管的作用力大小是712mg，方向竖直向上答案(1)32gR(2)322gR922gR(3)32mg方向向下712mg竖直向上12.解：(1)滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块

运动到B点时速度最大为vm，设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1，由牛顿第二定律得mgsin30°=ma1，v2m=2a1hsin30°，解得vm=4m/s.(2)滑块在水平面上运动的加速度大小为a2，由牛顿第二定律得μmg=ma2，v2m=2a2L，解得μ=0.4.(3)滑块在斜面上运动的时间

为t1，有vm=a1t1，解得t1=vma1=0.8s，由于t>t1，故滑块已经经过B点，做匀减速运动的时间为t－t1=0.2s，设t=1.0s时速度大小为v，有v=vm－a2(t－t1)，解得v=3.2m/s.答案为：(1)4m/s；(2)0.4；(3)3.2m/s；