【文档说明】2022年中考数学二轮复习专题10《等腰三角形探究》同步测试（含答案）.doc，共(5)页，141.500 KB，由MTyang资料小铺上传

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专题集训10等腰三角形探究一、选择题1．如图，Rt△ABC的斜边AB与量角器的直径恰好重合，B点与0刻度线的一端重合，∠ABC＝40°，射线CD绕点C转动，与量角器外沿交于点D，若射线CD将△ABC分割出以BC为边的等腰三角形，则点D在量角器上对应的度数是(D)A．40°B．70°C．70°或8

0°D．80°或140°,第1题图),第2题图)2．如图，∠AOB＝120°，OP平分∠AOB，且OP＝2.若点M，N分别在OA，OB上，且△PMN为等边三角形，则满足上述条件的△PMN有(D)A．1个B．2个C．3个D．3个以

上【解析】如图，在OA，OB上截取OE＝OF＝OP，作∠MPN＝60°.∵OP平分∠AOB，∴∠EOP＝∠POF＝60°，∵OP＝OE＝OF，∴△OPE，△OPF是等边三角形，∴EP＝OP，∠EPO＝∠OEP＝∠PON＝∠MPN＝60°，∴∠EPM＝∠OPN，可证△PEM≌△PON(ASA)，

∴PM＝PN，∵∠MPN＝60°，∴△POM是等边三角形，∴只要∠MPN＝60°，△PMN就是等边三角形，故这样的三角形有无数个．二、填空题3．正方形ABCD的边长是4，点P是AD边的中点，点E是正方形边上的一点，若△PBE是等腰三角形，则腰长为__25或52或652__．【解析

】如图①，当E，C重合时，PB＝PC＝25；在AB上取E使PE＝EB，如图②，设AE＝x，∴(4－x)2＝x2＋4，解得x＝32，使PE＝52；在BP上取中点M，如图③，作ME⊥PB交DC于E.设EC＝x，由PE＝

BE知42＋x2＝22＋(4－x)2，解得x＝12，∴PE＝22＋（4－12）2＝652.4．如图，在菱形ABCD中，AB＝4cm，∠ADC＝120°，点E，F同时由A，C两点出发，分别沿AB，CB方向向点B匀速移动(到点B为止)，点E的速度为1cm/s，点F的速度为2

cm/s，经过t秒△DEF为等边三角形，则t的值为__43__.三、解答题5．如图，已知点A(1，2)是反比例函数y＝kx图象上的一点，连结AO并延长交双曲线的另一分支于点B，点P是x轴上一动点；若△PAB是等腰三角形，求点P的坐标．解：∵

反比例函数y＝kx图象关于原点对称，∴A，B两点关于O对称，∴O为AB的中点，且B(－1，－2)，∴当△PAB为等腰三角形时有PA＝AB或PB＝AB，设P点坐标为(x，0)，∵A(1，2)，B(－1，－2)，∴AB＝[

1－（－1）]2＋[2－（－2）]2＝25，PA＝（x－1）2＋22，PB＝（x＋1）2＋（－2）2，当PA＝AB时，则有（x－1）2＋22＝25，解得x＝－3或5，此时P点坐标为(－3，0)或(5，0)；当PB＝AB时，则有（x＋1）2＋（－2）2＝25，解得x＝3或－5，此时P点坐标

为(3，0)或(－5，0)．综上可知P点的坐标为(－3，0)或(5，0)或(3，0)或(－5，0)6．已知抛物线c1的顶点为A(－1，4)，与y轴的交点为D(0，3)，抛物线c1关于y轴对称的抛物线记作c2.(1)求c2的解析式；(2)

若c2与x轴正半轴交点记作B，试在x轴上求点P，使△PAB为等腰三角形.解：(1)∵抛物线的顶点为A(－1，4)，∴c1设的解析式为：y＝a(x＋1)2＋4，∵抛物线c1与y轴的交点为D(0，3)∴3＝a＋4，即a＝－1，∴y＝－(x＋1)2＋4.∵抛物线c1关于

y轴对称的抛物线记作c2，∴c2：y＝－x2＋2x＋3(2)∵c2与x轴正半轴交点记作B，∴点B(3，0)，∵点A(－1，4)，∴AB＝42＋42＝42，当PB＝AB时，点P(3－42，0)或(3＋42，0)；当PA＝AB时，点P(－5，0)；当PA＝PB时，

点P(－1，0)，所以，当点P为(3－42，0)或(3＋42，0)或(－5，0)或(－1，0)时，△PAB为等腰三角形7．在等腰直角三角形ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，直线MN过点A且MN∥BC

，过点B为一锐角顶点作Rt△BDE，∠BDE＝90°，且点D在直线MN上(不与点A重合)，如图1，DE与AC交于点P，易证：BD＝DP.(无需写证明过程)(1)在图2中，DE与CA的延长线交于点P，BD＝DP是否成立？如果成立，请给予证明；如

果不成立，请说明理由；(2)在图3中，DE与AC的延长线交于点P，BD与DP是否相等？请直接写出你的结论，无需证明．解：(1)BD＝DP成立，证明：如图②，过点D作DF⊥MN，交AB的延长线与点F，则△ADF

为等腰直角三角形，∴DA＝DF.∵∠1＋∠ADB＝90°，∠ADB＋∠2＝90°，∴∠1＝∠2.在△BDF与△PDA中，∠2＝∠1，DF＝DA，∠DFB＝∠DAP＝45°，∴△BDF≌△PDA(ASA)，∴BD＝DP(2)B

D＝DP.证明：如图③，过点D作DF⊥MN，交BA的延长线于点F，则△ADF为等腰直角三角形，∴DA＝DF.在△BDF与△PDA中，∠F＝∠PAD＝45°，DF＝DA，∠BDF＝∠PDA，∴△BDF≌△PDA(ASA)，∴BD＝DP8．如图1，在平面直角坐标系中，

矩形ABCO，抛物线y＝－12x2＋bx＋c经过矩形ABCO的顶点B(4，3)，C，D为BC的中点，直线AD与y轴交于E点，与抛物线交于第四象限的F点．(1)求该抛物线解析式与F点坐标；(2)如图2，动点P从点C出发，沿

线段CB以每秒1个单位长度的速度向终点B运动；同时，动点M从点A出发，沿线段AE以每秒132个单位长度的速度向终点E运动．过点P作PH⊥OA，垂足为H,连结MP，MH.设点P的运动时间为t秒．若△PMH是等腰三角形，求出此时t的值．解：(1)∵矩形ABCO，B点坐标为(4，3)

，∴C点坐标为(0，3)，∵抛物线y＝－12x2＋bx＋c经过矩形ABCO的顶点B，C，∴c＝3，－8＋4b＋c＝3，解得：c＝3，b＝2，∴该抛物线解析式y＝－12x2＋2x＋3，设直线AD的解析式为y＝k1x＋b1

，∵A(4，0)，B(2，3)，∴4k1＋b1＝0，2k1＋b1＝3，∴k1＝－32，b1＝6，∴y＝－32x＋6，联立y＝－32x＋6，y＝－12x2＋2x＋3，∵F点在第四象限，∴F(6，－3)(2)如图①过M作MN⊥OA交OA于N，∵△AMN∽△AE

O，∴AMAE＝ANAO＝MNEO，∴AN＝t，MN＝32t，①如图③，当PM＝HM时，M在PH的垂直平分线上，∴MN＝12PH，∴MN＝32t＝32，∴t＝1；②如图①，当HM＝HP时，MH＝3，MN＝32t，HN＝OA－AN－OH＝4－2t，在Rt△HMN中，MN2＋

HN2＝MH2，∴(32t)2＋(4－2t)2＝32，解得：t1＝2(舍去)，t2＝1425；③如图②，如图④，当PH＝PM时，∵PM＝3，MT＝|3－32t|，PT＝BC－CP－BT＝|4－2t|，∴在Rt△PMT中，MT2＋PT2＝PM2，即(3－32t)2＋(

4－2t)2＝32，解得：t1＝165，t2＝45.综上所述：t＝1425或45或1或165.